消防
2011年
时间限制: 2 s
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题目等级 : 大师 Master
题目描述 Description
某个国家有n个城市，这n个城市中任意两个都连通且有唯一一条路径，每条连通两个城市的道路的长度为zi(zi<=1000)。
这个国家的人对火焰有超越宇宙的热情，所以这个国家最兴旺的行业是消防业。由于政府对国民的热情忍无可忍（大量的消防经费开销）可是却又无可奈何（总统竞选的国民支持率），所以只能想尽方法提高消防能力。
现在这个国家的经费足以在一条边长度和不超过s的路径（两端都是城市）上建立消防枢纽，为了尽量提高枢纽的利用率，要求其他所有城市到这条路径的距离的最大值最小。
你受命监管这个项目，你当然需要知道应该把枢纽建立在什么位置上。
输入描述 Input Description
输入包含n行：
第1行，两个正整数n和s，中间用一个空格隔开。其中n为城市的个数，s为路径长度的上界。设结点编号以此为1，2，……，n。
从第2行到第n行，每行给出3个用空格隔开的正整数，依次表示每一条边的两个端点编号和长度。例如，“2 4 7”表示连接结点2与4的边的长度为7。
输出描述 Output Description
输出包含一个非负整数，即所有城市到选择的路径的最大值，当然这个最大值必须是所有方案中最小的。
样例输入 Sample Input
【样例输入1】
5 2
1 2 5
2 3 2
2 4 4
2 5 3
【样例输入2】
8 6
1 3 2
2 3 2
3 4 6
4 5 3
4 6 4
4 7 2
7 8 3
样例输出 Sample Output
【样例输出1】
5
【样例输出2】
5
数据范围及提示 Data Size & Hint
对于20%的数据，n<=300。
对于50%的数据，n<=3000。
对于100%的数据，n<=300000，边长小等于1000。
/*
20%的数据,就是NOIP那道树网的核。
100%这么大的数据范围，若直径长度为d，dlogd可能会被卡
所以就需要一种O(n)的算法。 先bfs两遍求出树的直径(防爆栈)，O(n)的
然后维护 g[i]表示i是路径右端点时，右边那段删掉的直径长度。
f[i]表示i是路径左端点时，左边那段删掉的直径长度。
h[i]表示i是直径上的点，每个直径上的点不是都有一棵（或者很多棵）
由非此直径上点组成的树（森林）嘛，点i到这些子节点中最远的那个的距离。
然后在这个序列上跑双指针。就是路径长度不是有限制嘛，然后从左到右枚举左端点，然后右端点是非严格单调右移的。
时间复杂度线性。而对于一段路径区间[l,r]，它作为枢纽时的答案为
max(max(f[l],g[r]),max{hi,i∈[l,r]})
然后最右边那个怎么搞呢？ 单调队列，维护hi最大值啊~
*/
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<queue> #define N 3000007
#define inf 0x3f3f3f3f using namespace std;
int n,m,k,s,t,ans,cnt,num,L,R;
int head[N],f[N],g[N],h[N],fa[N],vis[N];
int belong[N],tmp[N],que[N],id[N];
struct edge{
int v,net,w;
}e[N<<];
queue<int>q; inline int read()
{
int x=,f=;char c=getchar();
while(c>''||c<''){if(c=='-')f=-;c=getchar();}
while(c>=''&&c<=''){x=x*+c-'';c=getchar();}
return x*f;
} inline void add(int u,int v,int w)
{
e[++cnt].v=v;e[cnt].w=w,e[cnt].net=head[u];head[u]=cnt;
} int bfs(int s,int Time)
{
int len=;q.push(s);
g[s]=,fa[s]=s,vis[s]=Time;
while(!q.empty())
{
int u=q.front();q.pop();
for(int i=head[u];i;i=e[i].net)
{
int v=e[i].v;
if(vis[v]==Time) continue;
g[v]=g[u]+e[i].w;len=max(len,g[v]);
fa[v]=u;vis[v]=Time;
q.push(v);
}
}return len;
} void solve()
{
int i;
for(s=,bfs(s,++num),i=;i<=n;i++)
if(g[i]>g[s]) s=i;
for(bfs(s,++num),i=;i<=n;i++)
if(g[i]>g[t]) t=i;
belong[n=]=t;num++;
do{
t=fa[t],belong[++n]=t,vis[t]=num;
}while(t!=s); for(i=;i<=n;i++) f[i]=g[belong[]]-g[belong[i]];
for(i=;i<=n;i++) tmp[i]=g[belong[i]];
for(i=;i<=n;i++) h[i]=bfs(belong[i],num);
for(i=;i< n;i++) g[i]=tmp[i];g[n]=;
} int main()
{
int x,y,z;
n=read();m=read();
for(int i=;i<n;i++)
{
x=read();y=read();z=read();
add(x,y,z);add(y,x,z);
}
solve(); int l=,r=;ans=inf;
for(l=;l<=n;l++)
{
while(r<n && f[r+]-f[l]<=m)
{
++r;while(L<=R && que[R]<h[r]) R--;
que[++R]=h[r];id[R]=r;
}
ans=min(ans,max(max(f[l],g[r]),que[L]));
if(id[L]<=l)L++;
}
printf("%d\n",ans);
return ;
}