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题意：有n个x，要求分括号，推断非二叉表达式的个数。
思路：二叉表达式的计算方法就等于是Catalan数的，那么仅仅要计算出总数，用总数减去二叉表达式个数。得到的就是非二叉表达式的个数。
那么计算方法是什么呢。
看题目中的图，对于n = 4的情况，能够分为这几种情况来讨论：
四个1。 一个2两个1，一个3一个1。一个4。相应的情况数为1。3。 2。 1。
答案为f(1)^4 + 3 * f(2) * f(1)^2 + f(3) * f(1) + f(4)。
一种做法是把n去分解然后计算。可是显然这是不可行的，n最大为26，情况数太多了。
然后找题解，发现这个竟然有公式，这个式子叫SuperCatalan数。
然后也有递推出来的解。设dp[n][2]。n表示还有n个子节点未分配。2表示0为最多分配n - 1个点，1为最多分配n个点，这样能保证子树都至少有两个节点。这样就是总情况了，直接用记忆化搜下去就可以
代码：
公式解：
#include <stdio.h>
#include <string.h> int n;
long long Catalan[30], SuperCatalan[30]; int main() {
Catalan[1] = Catalan[2] = 1;
for (int i = 3; i <= 26; i++) {
Catalan[i] = Catalan[i - 1] * (4 * i - 6) / i;
}
SuperCatalan[1] = SuperCatalan[2] = 1;
for (int i = 3; i <= 26; i++) {
SuperCatalan[i] = (3 * (2 * i - 3) * SuperCatalan[i - 1] - (i - 3) * SuperCatalan[i - 2]) / i;
}
while (~scanf("%d", &n)) {
printf("%lld\n", SuperCatalan[n] - Catalan[n]);
}
return 0;
}
递推解：
#include <stdio.h>
#include <string.h> int n;
long long Catalan[30], dp[30][2]; long long dfs(int n, int flag) {
long long &ans = dp[n][flag];
if (~ans) return ans;
if (n <= 1) return ans = 1;
ans = 0;
for (int i = 1; i < n + flag; i++)
ans += dfs(i, 0) * dfs(n - i, 1);
return ans;
} int main() {
Catalan[1] = Catalan[2] = 1;
for (int i = 3; i <= 26; i++) {
Catalan[i] = Catalan[i - 1] * (4 * i - 6) / i;
}
while (~scanf("%d", &n)) {
memset(dp, -1, sizeof(dp));
printf("%lld\n", dfs(n, 0) - Catalan[n]);
}
return 0;
}