1497: [NOI2006]最大获利

题目连接：

http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1497

Description

新的技术正冲击着手机通讯市场，对于各大运营商来说，这既是机遇，更是挑战。THU集团旗下的CS&T通讯公司在新一代通讯技术血战的前夜，需要做太多的准备工作，仅就站址选择一项，就需要完成前期市场研究、站址勘测、最优化等项目。在前期市场调查和站址勘测之后，公司得到了一共N个可以作为通讯信号中转站的地址，而由于这些地址的地理位置差异，在不同的地方建造通讯中转站需要投入的成本也是不一样的，所幸在前期调查之后这些都是已知数据：建立第i个通讯中转站需要的成本为Pi（1≤i≤N）。另外公司调查得出了所有期望中的用户群，一共M个。关于第i个用户群的信息概括为Ai, Bi和Ci：这些用户会使用中转站Ai和中转站Bi进行通讯，公司可以获益Ci。（1≤i≤M, 1≤Ai, Bi≤N） THU集团的CS&T公司可以有选择的建立一些中转站（投入成本），为一些用户提供服务并获得收益（获益之和）。那么如何选择最终建立的中转站才能让公司的净获利最大呢？（净获利 = 获益之和 - 投入成本之和）

Input

输入文件中第一行有两个正整数N和M 。第二行中有N个整数描述每一个通讯中转站的建立成本，依次为P1, P2, …, PN 。以下M行，第(i + 2)行的三个数Ai, Bi和Ci描述第i个用户群的信息。所有变量的含义可以参见题目描述。

Output

你的程序只要向输出文件输出一个整数，表示公司可以得到的最大净获利。

Sample Input

5 5

1 2 3 4 5

1 2 3

2 3 4

1 3 3

1 4 2

4 5 3

Sample Output

Hint

【样例说明】选择建立1、2、3号中转站，则需要投入成本6，获利为10，因此得到最大收益4。【评分方法】本题没有部分分，你的程序的输出只有和我们的答案完全一致才能获得满分，否则不得分。【数据规模和约定】 80%的数据中：N≤200，M≤1 000。 100%的数据中：N≤5 000，M≤50 000，0≤Ci≤100，0≤Pi≤100。

题意

题解：

最小割

我们建立模型如下，S向所有用户连link(s,i,c[i])，然后每个基站，连接T，link(n+i,t,p[i])，然后对于每个a[i],b[i]，我们都从用户连一条边到基站，link(a[i],n+i,inf),link(b[i],n+i,inf)

为什么用总的获益减去这个就是对的呢？

我们考虑最小割，割掉左边的用户，表示没有服务到这个用户

割掉右边，说明我们建立这个基站所需要的花费

代码

#include<bits/stdc++.h>

using namespace std;

const int MAXN=500000,MAXM=500000,inf=1e9;

struct Edge

{

    int v,c,f,nx;

    Edge() {}

    Edge(int v,int c,int f,int nx):v(v),c(c),f(f),nx(nx) {}

} E[MAXM];

int G[MAXN],cur[MAXN],pre[MAXN],dis[MAXN],gap[MAXN],N,sz;

void init(int _n)

{

    N=_n,sz=0; memset(G,-1,sizeof(G[0])*N);

}

void link(int u,int v,int c)

{

    E[sz]=Edge(v,c,0,G[u]); G[u]=sz++;

    E[sz]=Edge(u,0,0,G[v]); G[v]=sz++;

}

bool bfs(int S,int T)

{

    static int Q[MAXN]; memset(dis,-1,sizeof(dis[0])*N);

    dis[S]=0; Q[0]=S;

    for (int h=0,t=1,u,v,it;h<t;++h)

    {

        for (u=Q[h],it=G[u];~it;it=E[it].nx)

        {

            if (dis[v=E[it].v]==-1&&E[it].c>E[it].f)

            {

                dis[v]=dis[u]+1; Q[t++]=v;

            }

        }

    }

    return dis[T]!=-1;

}

int dfs(int u,int T,int low)

{

    if (u==T) return low;

    int ret=0,tmp,v;

    for (int &it=cur[u];~it&&ret<low;it=E[it].nx)

    {

        if (dis[v=E[it].v]==dis[u]+1&&E[it].c>E[it].f)

        {

            if (tmp=dfs(v,T,min(low-ret,E[it].c-E[it].f)))

            {

                ret+=tmp; E[it].f+=tmp; E[it^1].f-=tmp;

            }

        }

    }

    if (!ret) dis[u]=-1; return ret;

}

int dinic(int S,int T)

{

    int maxflow=0,tmp;

    while (bfs(S,T))

    {

        memcpy(cur,G,sizeof(G[0])*N);

        while (tmp=dfs(S,T,inf)) maxflow+=tmp;

    }

    return maxflow;

}

int main()

{

    init(500000);

    int n,m;

    scanf("%d%d",&n,&m);

    int s = 0,t = n+m+1;

    for(int i=1;i<=n;i++)

    {

        int x;scanf("%d",&x);

        link(i,t,x);

    }

    int sum = 0;

    for(int i=1;i<=m;i++)

    {

        int x,y,z;

        scanf("%d%d%d",&x,&y,&z);

        sum+=z;

        link(s,i+n,z);

        link(n+i,x,inf);

        link(n+i,y,inf);

    }

    printf("%d\n",sum-dinic(s,t));

}

获利

BZOJ 1497: [NOI2006]最大获利 最小割