题目描述
JSOI 信息学代表队一共有 NN 名候选人，这些候选人从 11 到 NN 编号。方便起见，JYY 的编号是 00 号。每个候选人都由一位编号比他小的候选人R_iRi 推荐。如果 R_i = 0Ri=0，则说明这个候选人是 JYY 自己看上的。
为了保证团队的和谐，JYY 需要保证，如果招募了候选人 ii，那么候选人 R_iRi 也一定需要在团队中。当然了，JYY 自己总是在团队里的。每一个候选人都有一个战斗值 P_iPi ，也有一个招募费用 S_iSi 。JYY 希望招募 KK 个候选人（JYY 自己不算），组成一个性价比最高的团队。也就是，这 KK 个被 JYY 选择的候选人的总战斗值与总招募费用的比值最大。
输入输出格式
输入格式：
输入一行包含两个正整数 KK 和 NN 。
接下来 NN 行，其中第 ii 行包含三个整数 S_iSi , P_iPi , R_iRi , 表示候选人 ii 的招募费用，战斗值和推荐人编号。
输出格式：
输出一行一个实数，表示最佳比值。答案保留三位小数。
这题涉及到了比值最大，最好用分数规划来解决。
我们需要求出pi和ri的比值最大，不妨设Σpi/Σri>=x ，经过转移Σpi>=Σri*x => Σpi-Σri*x>=0. 由此可见，我们可以二分出来一个x使这个值>=0.
然后我们可以用树形DP来计算出最优值。
我们先DFS一遍得到每个树上节点的DFS序（时间戳），令f[i][j]为DFS序为i的点，取j个的最优值。
如果当前点取，说明自己的子树也可以取，所以f[i+1][j+1]=max(f[i+1][j+1],f[i][j]+val[i]);
如果当前点不取，说明要取到下一颗树，我们记录size[i]代表以i为根的子树的大小。根据DFS序的性质，我们知道下一颗和自己平行的子树的DFS序为i+size.
所以转移方程是：f[i+size[i]][j]=max(f[i+size[i]][j],f[i][j]);
// luogu-judger-enable-o2
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <algorithm>
#include <cstdlib>
#include <cstring>
#include <stack>
#define in(a) a=read()
#define MAXN 200020
#define REP(i,k,n) for(int i=k;i<=n;i++)
using namespace std;
inline int read(){
int x=,f=;
char ch=getchar();
for(;!isdigit(ch);ch=getchar())
if(ch=='-')
f=-;
for(;isdigit(ch);ch=getchar())
x=x*+ch-'';
return x*f;
}
int k,n;
int INF=;
double p[],s[];
int total=,to[],nxt[],head[];
int cnt=,dfn[],ind[],size[];
double f[][],val[];
inline void adl(int a,int b){
total++;
to[total]=b;
nxt[total]=head[a];
head[a]=total;
return ;
}
inline void DFS(int u){
dfn[u]=cnt;
ind[cnt++]=u;
size[u]=;
for(int e=head[u];e;e=nxt[e]){
DFS(to[e]);
size[u]+=size[to[e]];
}
return ;
}
inline double DP(double x){
//cout<<x<<endl;
REP(i,,n){
val[i]=p[ind[i]]-x*s[ind[i]];
//cout<<ind[i]<<" "<<val[i]<<endl;
}
REP(i,,n+)
REP(j,,k+)
f[i][j]=-INF;
REP(i,,n)
REP(j,,min(i,k+)){
f[i+][j+]=max(f[i+][j+],f[i][j]+val[i]);
f[i+size[ind[i]]][j]=max(f[i+size[ind[i]]][j],f[i][j]);
}
/*REP(i,0,n){
REP(j,0,min(i,k+1))
cout<<f[i][j]<<" ";
cout<<endl;
}*/
return f[n+][k+];
}
int main(){
in(k);in(n);
int a;
double maxn=-INF;
REP(i,,n){
scanf("%lf%lf%d",&s[i],&p[i],&a);
adl(a,i);
maxn=max(maxn,p[i]);
}
DFS();
val[]=0.0;
double left=0.0,right=maxn;
while(right-left>0.00001){
double mid=(left+right)/2.0;
//cout<<left<<" "<<right<<" "<<mid<<endl;
if(DP(mid)>=0.00001) left=mid;
else right=mid;
}
printf("%.3lf",left);
return ;
}
/*
2 4
1 2 0
2 2 0
1 3 1
2 3 1
*/