第一问白给。
第二问：
设 \(b=y^{-1}\)，且以下的 \(Ans\) 是除去 \(y^n\) 的。
设 \(C(T)\) 是固定了 \(T\) 中的边，再连 \(n-|T|-1\) 条边形成一棵树的方案数。设每个联通块的大小为 \(a_1,a_2,\ldots,a_{n-|T|}\)，则答案为 \(n^{n-|T|-2}\prod a_i\)。
证明可以使用 Matrix-Tree 定理。
\[\begin{aligned}Ans&=\sum_{T_2}b^{|T_1\cap T_2|} \\&=\sum_S\sum_{T_2}b^{|S|}[T_1\cap T_2=S] \\&=\sum_S\sum_{T_2}b^{|S|}\sum_{S\subseteq T\subseteq T_1\cap T_2}(-1)^{|T|-|S|} \\&=\sum_{T\subseteq T_1}C(T)\sum_{S\subseteq T} b^{|S|}(-1)^{|T|-|S|} \\&=\sum_{T\subseteq T_1}C(T)(b-1)^{|T|} \\&=\sum_{T\subseteq T_1}(b-1)^{|T|}n^{n-|T|-2}\prod_{i=1}^{n-|T|}a_i \\&=n^{n-2}\sum_{T\subseteq T_1}(\frac{b-1}{n})^{|T|}\prod_{i=1}^{n-|T|}a_i \\\end{aligned}
\]
\]
设 \(v=\frac{b-1}{n}\)，就是求 \(T_1\) 的每条边选或不选，权值是 \(v^{选的边个数}\times 每个联通块大小之积\)，求 \(2^{n-1}\) 种情况的权值之和。
这是之前做过的一个经典的树d，设 \(f_i\) 表示只考虑 \(i\) 的子树的答案，\(g_i\)表示只考虑 \(i\) 的子树，并且不考虑 \(i\) 所在联通块的答案乘上 \(v\)。
\[\begin{aligned}f_u&=f_uf_v+g_uf_v+g_vf_u \\g_u&=g_u(f_v+g_v)\end{aligned}
\]
\]
int bas, f[N], g[N], head[N], to[N << 1], nxt[N << 1];
inline void adde(int a, int b){
static int cnt = 0;
to[++ cnt] = b; nxt[cnt] = head[a]; head[a] = cnt;
}
inline void dfs(int x, int fa = 0){
f[x] = 1; g[x] = bas;
for(Rint i = head[x];i;i = nxt[i]) if(to[i] != fa){
dfs(to[i], x);
f[x] = add((LL) f[x] * f[to[i]] % mod, add((LL) f[x] * g[to[i]] % mod, (LL) g[x] * f[to[i]] % mod));
g[x] = (LL) g[x] * add(g[to[i]], f[to[i]]) % mod;
}
}
inline void main(){
if(y == 1){printf("%d\n", kasumi(n, n - 2)); return;}
bas = (kasumi(y, mod - 2) - 1ll) * kasumi(n, mod - 2) % mod;
for(Rint i = 1;i < n;i ++){
int a, b; scanf("%d%d", &a, &b);
adde(a, b); adde(b, a);
}
dfs(1);
printf("%d\n", (LL) kasumi(n, n - 2) * kasumi(y, n) % mod * f[1] % mod);
}
第三问：
\[\begin{aligned}Ans&=\sum_TC(T)^2\sum_Sb^{|S|}(-1)^{|T|-|S|} \\&=\sum_TC(T)^2(b-1)^{|T|} \\&=\sum_T(b-1)^{|T|}n^{2n-2|T|-4}\prod a_i^2 \\&=\frac{(b-1)^n}{n^4}\sum_T(\frac{n^2}{b-1})^{n-|T|}\prod a_i^2 \\\end{aligned}
\]
\]
设 \(v=\frac{n^2}{b-1}\)，于是就变成了，把这 \(n\) 个点分成一些联通块，设大小是 \(a\)，每个联通块的权值是 \(va^2\times a^{a-2}=va^a\)，求权值之积之和。
\[\begin{aligned}Ans&=n^{-4}(b-1)^nn!\sum_{\sum a_i=n}\frac{a^av}{a!} \\F&=\sum_{k\ge 1}\frac{vk^kx^k}{k!} \\Ans&=n^{-4}(b-1)^nn![x^n]\exp(F)\end{aligned}
\]
\]
// 以上省略贼长的板子
inline void main(){
if(y == 1){printf("%d\n", kasumi(n, 2 * n - 4)); return;}
init(n);
int p = kasumi(y, mod - 2) - 1, b = (LL) n * n % mod * kasumi(p, mod - 2) % mod;
for(Rint i = 1;i <= n;i ++)
A[i] = (LL) b * kasumi(i, i) % mod * invf[i] % mod;
poly_Exp(A, n + 1);
printf("%d\n", (LL) Exp[n] * kasumi(n, mod - 5) % mod * fac[n] % mod * kasumi((LL) y * p % mod, n) % mod);
}