题解：
题意就是求二分图的必须边。
我们有结论：
在残量网络上跑tarjan，对于一条边（u，v）
如果该边满流||scc[u]==scc[v]，那么该边是可行边。
因为如果scc[u]==scc[v],那么说明v到u有通路，我们把v-u的路以及u-v这条边全部反色，也就是匹配->非匹配，非匹配->匹配。同样还是最大匹配。这说明该边是可行的。
如果该边满流&&scc[u]!=scc[v]，那么该边是必须边。
因为如果去掉这条边，最大匹配会减少1（想想看），所以该边必须出现在最大匹配中。
代码：
#include<cstdio>
#include<cstdlib>
#include<cmath>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#include<iostream>
#include<vector>
#include<map>
#include<set>
#include<queue>
#include<string>
#define inf 1000000000
#define maxn 100000+5
#define maxm 100000+5
#define eps 1e-10
#define ll long long
#define pa pair<int,int>
#define for0(i,n) for(int i=0;i<=(n);i++)
#define for1(i,n) for(int i=1;i<=(n);i++)
#define for2(i,x,y) for(int i=(x);i<=(y);i++)
#define for3(i,x,y) for(int i=(x);i>=(y);i--)
#define for4(i,x) for(int i=head[x],y=e[i].go;i;i=e[i].next,y=e[i].go)
#define mod 1000000007
using namespace std;
inline int read()
{
int x=,f=;char ch=getchar();
while(ch<''||ch>''){if(ch=='-')f=-;ch=getchar();}
while(ch>=''&&ch<=''){x=*x+ch-'';ch=getchar();}
return x*f;
}
int n,m,s,t,maxflow,cnt,ti,top,tot=,a[maxn],sta[maxn],low[maxn],dfn[maxn],scc[maxn],head[maxn],cur[maxn],h[maxn];
queue<int>q;
struct edge{int go,next,v;}e[maxm];
void add(int x,int y,int v)
{
e[++tot]=(edge){y,head[x],v};head[x]=tot;
e[++tot]=(edge){x,head[y],};head[y]=tot;
}
bool bfs()
{
for(int i=s;i<=t;i++)h[i]=-;
q.push(s);h[s]=;
while(!q.empty())
{
int x=q.front();q.pop();
for(int i=head[x];i;i=e[i].next)
if(e[i].v&&h[e[i].go]==-)
{
h[e[i].go]=h[x]+;q.push(e[i].go);
}
}
return h[t]!=-;
}
int dfs(int x,int f)
{
if(x==t) return f;
int tmp,used=;
for(int i=cur[x];i;i=e[i].next)
if(e[i].v&&h[e[i].go]==h[x]+)
{
tmp=dfs(e[i].go,min(e[i].v,f-used));
e[i].v-=tmp;if(e[i].v)cur[x]=i;
e[i^].v+=tmp;used+=tmp;
if(used==f)return f;
}
if(!used) h[x]=-;
return used;
}
void dinic()
{
maxflow=;
while(bfs())
{
for (int i=s;i<=t;i++)cur[i]=head[i];maxflow+=dfs(s,inf);
}
}
void tarjan(int x)
{
low[x]=dfn[x]=++ti;sta[++top]=x;
for4(i,x)if(e[i].v)
{
if (!dfn[y])
{
tarjan(y);
low[x]=min(low[x],low[y]);
}
else if(!scc[y])low[x]=min(low[x],dfn[y]);
}
if(low[x]==dfn[x])
{
cnt++;
for(int y=-;y!=x;scc[y=sta[top--]]=cnt);
}
}
char ch[];
string st;
map<string,int>mp;
int main()
{
freopen("input.txt","r",stdin);
freopen("output.txt","w",stdout);
n=read();s=;t=*n+;
for1(i,n)
for0(j,)
{
memset(ch,,sizeof(ch));scanf("%s",ch);st=ch;
mp[st]=*i-+j;
}
for1(i,n)add(s,*i-,),add(*i,t,),add(*i-,*i,),a[i]=tot-;
m=read();
while(m--)
{
memset(ch,,sizeof(ch));scanf("%s",ch);st=ch;
int x=mp[st];
memset(ch,,sizeof(ch));scanf("%s",ch);st=ch;
int y=mp[st];
add(x,y,);
}
dinic();
for2(i,s,t)if(!dfn[i])tarjan(i);
//for2(i,s,t)cout<<i<<' '<<scc[i]<<endl;
for1(i,n)printf("%s\n",(!e[a[i]].v&&scc[e[a[i]].go]!=scc[e[a[i]^].go])?"Safe":"Unsafe");
return ;
}
UPD：逗了。。。其实这题可以不用dinic的，因为已经给出了一个完备匹配。。。代码不想改了。。。
2140: 稳定婚姻
Time Limit: 2 Sec Memory Limit: 259 MB
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Description
我国的离婚率连续7年上升，今年的头两季，平均每天有近5000对夫妇离婚，大城市的离婚率上升最快，有研究婚姻问题的专家认为，是与简化离婚手续有关。 25岁的姗姗和男友谈恋爱半年就结婚，结婚不到两个月就离婚，是典型的“闪婚闪离”例子，而离婚的导火线是两个人争玩电脑游戏，丈夫一气之下，把电脑炸烂。有社会工作者就表示，80后求助个案越来越多，有些是与父母过多干预有关。而根据民政部的统计，中国离婚五大城市首位是北京，其次是上海、深圳，广州和厦门，那么到底是什么原因导致我国成为离婚大国呢?有专家分析说，中国经济急速发展，加上女性越来越来越独立，另外，近年来简化离婚手续是其中一大原因。 ——以上内容摘自第一视频门户 现代生活给人们施加的压力越来越大，离婚率的不断升高已成为现代社会的一大问题。而其中有许许多多的个案是由婚姻中的“不安定因素”引起的。妻子与丈夫吵架后，心如绞痛，于是寻求前男友的安慰，进而夫妻矛盾激化，最终以离婚收场，类似上述的案例数不胜数。我们已知n对夫妻的婚姻状况，称第i对夫妻的男方为Bi，女方为Gi。若某男Bi与某女Gj曾经交往过（无论是大学，高中，亦或是幼儿园阶段，i≠j），则当某方与其配偶（即Bi与Gi或Bj与Gj）感情出现问题时，他们有私奔的可能性。不妨设Bi和其配偶Gi感情不和，于是Bi和Gj旧情复燃，进而Bj因被戴绿帽而感到不爽，联系上了他的初恋情人Gk……一串串的离婚事件像多米诺骨牌一般接踵而至。若在Bi和Gi离婚的前提下，这2n个人最终依然能够结合成n对情侣，那么我们称婚姻i为不安全的，否则婚姻i就是安全的。给定所需信息，你的任务是判断每对婚姻是否安全。
Input
第一行为一个正整数n，表示夫妻的对数；以下n行，每行包含两个字符串，表示这n对夫妻的姓名（先女后男），由一个空格隔开；第n+2行包含一个正整数m，表示曾经相互喜欢过的情侣对数；以下m行，每行包含两个字符串，表示这m对相互喜欢过的情侣姓名（先女后男），由一个空格隔开。
Output
输出文件共包含n行，第i行为“Safe”（如果婚姻i是安全的）或“Unsafe”（如果婚姻i是不安全的）。
Sample Input
2
Melanie Ashley
Scarlett Charles
1
Scarlett Ashley
【样例输入2】
2
Melanie Ashley
Scarlett Charles
2
Scarlett Ashley
Melanie Charles
Sample Output
Safe
Safe
【样例输出2】
Unsafe
Unsafe
【数据规模和约定】
对于100%的数据，所有姓名字符串中只包含英文大小写字母，大小写敏感，长度不大于8，保证每对关系只在输入文件中出现一次，输入文件的最后m行不会出现未在之前出现过的姓名，这2n个人的姓名各不相同，1≤n≤4000，0≤m≤20000。