题目链接：
http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=5876
题目大意：
给你N个点M条无向边的一张图G(2<=N<=200000,0<=M<=20000)，并给定起点S，边权均为1，求在这张图的补图H上S到其他N-1个点的最短路，无法到达为-1。
补图：在原图G上X和Y之间有一条边，则补图上X和Y之间没有相连的边，在原图X和Z之间没边，那么在补图上X和Z之间有一条边。
题目思路：
【补图最短路】【宽搜】
比赛的时候数据范围写错了导致队列开小了。WA了。。然而队友神奇的map[5500][5500]居然过了。。不是很懂。。
首先分析一下原图G，如果存在孤立点X（不与任何点相连），那么在补图上这个点X与其他所有的点相连，所以d[X]=1。
对于其余点Y，若Y与S相连则Y的最短路为S->X->Y，d[Y]=2，否则即为S->Y,d[Y]=1。(当N>M+1时必有孤立点)
再考虑没有孤立点的情况，对于原图G，先将S能够到达的点和不能到达的点分为两个集合T和Q，易知Q中所有的点d[i]=1
接着，将Q中的所有点做一次宽搜(最短路SPFA)，每个点能够到达的在T中的点d++，Q中所有的点都做完后判断T中的点
对于T中的点X，如果X在原图不能被Q中所有的点走到，那么在补图中一定有一条边从Q中的点Y连向X，则d[X]=d[Y]+1，
如果被Q中所有点走到，那么这个点继续留在X中等待下一次。
做完一次后，继续对新加入Q中的节点做宽搜(最短路SPFA)，直到没有新节点加入Q。
如果此时T中还有点则为走不到的,d=-1。
最后输出答案即可。注意多余空格会PE。
注释见代码。
//
//by coolxxx
//#include<bits/stdc++.h>
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<string>
#include<iomanip>
#include<map>
#include<stack>
#include<queue>
#include<set>
#include<bitset>
#include<memory.h>
#include<time.h>
#include<stdio.h>
#include<stdlib.h>
#include<string.h>
//#include<stdbool.h>
#include<math.h>
#define min(a,b) ((a)<(b)?(a):(b))
#define max(a,b) ((a)>(b)?(a):(b))
#define abs(a) ((a)>0?(a):(-(a)))
#define lowbit(a) (a&(-a))
#define sqr(a) ((a)*(a))
#define swap(a,b) ((a)^=(b),(b)^=(a),(a)^=(b))
#define mem(a,b) memset(a,b,sizeof(a))
#define eps (1e-10)
#define J 10000
#define mod 1000000007
#define MAX 0x7f7f7f7f
#define PI 3.14159265358979323
#pragma comment(linker,"/STACK:1024000000,1024000000")
#define N 200004
#define M 20004
using namespace std;
typedef long long LL;
double anss;
LL aans;
int cas,cass;
int n,m,lll,ans;
int S;
int last[N],d[N];
char ch;
int q[M],t[M];
struct xxx
{
int to,next;
}a[M<<];
bool mark[N];
void add(int x,int y)
{
a[++lll].to=y;
a[lll].next=last[x];
last[x]=lll;
}
void work1()
{
int i;
for(i=;i<=n;i++)d[i]=;
for(i=last[S];i;i=a[i].next)d[a[i].to]+=;//孤立点情况与S相连的点答案为2，其余为1
for(i=;i<=n;i++)
{
if(i==n || (i==n- && S==n))ch='\n';
else ch=' ';
if(i==S)continue;
printf("%d%c",d[i],ch);
}
}
void spfa()
{
int i,now,to,l=,r=,x=,y=,sz;
mem(mark,);
for(i=;i<=n;i++)d[i]=mark[i]=;//初始化
q[]=S;mark[S]=;d[S]=;
for(i=last[S];i;i=a[i].next)mark[a[i].to]=;
for(i=;i<=n;i++)//将所有点分成两类
{
if(i==S)continue;
if(mark[i])
q[++r]=i;//与S不相连的,d=1
else
t[++y]=i;//与S相连的，需要进一步判断
}
while(l<r)
{
while(l<r)//将Q中新加入的点now往T集合的点走，每走到一个在T中的点x,d[x]++
{
now=q[++l];
for(i=last[now];i;i=a[i].next)
{
to=a[i].to;
if(mark[to])continue;
d[to]++;
}
}
sz=r;//sz为Q集合的大小，如果在T中的点x在补图中有连向Q的边，那么d[x]<sz(在原图上x不被所有Q中的点走到)
for(i=,x=;i<=y;i++)
{
now=t[i];
if(d[now]==sz)
t[++x]=now;//被所有点走到，继续留在T中
else
{
q[++r]=now;//将这个点加入Q中
d[now]=d[q[l]]+;//这个点的距离为上一个距离+1
mark[now]=;//标记为在Q中
}
}
y=x;//T的新大小
}
for(i=;i<=y;i++)d[t[i]]=-;//若Q中的点都遍历完，T中还有剩余的点，则为走不到的点，d=-1
for(i=;i<=n;i++)
{
if(i==n || (i==n- && S==n))ch='\n';
else ch=' ';
if(i==S)continue;
printf("%d%c",d[i],ch);
}
}
int main()
{
#ifndef ONLINE_JUDGE
// freopen("1.txt","r",stdin);
// freopen("2.txt","w",stdout);
#endif
int i,j,k;
int x,y,z;
// init();
for(scanf("%d",&cass);cass;cass--)
// for(scanf("%d",&cas),cass=1;cass<=cas;cass++)
// while(~scanf("%s",s))
// while(~scanf("%d",&n))
{
lll=cas=;mem(last,);mem(mark,);
scanf("%d%d",&n,&m);
for(i=;i<=m;i++)
{
scanf("%d%d",&x,&y);
add(x,y),add(y,x);
if(!mark[x])mark[x]=,cas++;
if(!mark[y])mark[y]=,cas++;
}
scanf("%d",&S);
if(cas<n)work1();//孤立点情况
else spfa();//无孤立点情况
}
return ;
}
/*
// //
*/