弱弱的战壕
描述
永恒和mx正在玩一个即时战略游戏，名字嘛~~~~~~恕本人记性不好，忘了-_-b。
mx在他的基地附近建立了n个战壕，每个战壕都是一个独立的作战单位，射程可以达到无限（“mx不赢定了？！？”永恒ftING...@_@）。
但是，战壕有一个弱点，就是只能攻击它的左下方，说白了就是横纵坐标都不大于它的点（mx：“我的战壕为什么这么菜”ToT）。这样，永恒就可以从别的地方进攻摧毁战壕，从而消灭mx的部队。
战壕都有一个保护范围，同它的攻击范围一样，它可以保护处在它左下方的战壕。所有处于它保护范围的战壕都叫做它的保护对象。这样，永恒就必须找到mx的战壕中保护对象最多的点，从而优先消灭它。
现在，由于永恒没有时间来计算，所以拜托你来完成这个任务：
给出这n个战壕的坐标xi、yi，要你求出保护对象个数为0，1，2……n-1的战壕的个数。
格式
输入格式
第一行，一个正整数n（1<=n<=15000）
接下来n行，每行两个数xi,yi，代表第i个点的坐标
（1<=xi,yi<=32000）
注意：可能包含多重战壕的情况（即有数个点在同一坐标）
输出格式
输出n行，分别代表保护对象为0，1，2……n-1的战壕的个数。
样例1
样例输入1
5
1 1
5 1
7 1
3 3
5 5
样例输出1
1
2
1
1
0
限制
各点2s（算是宽限吧^_^）
来源
URAL1028战役版
题目链接：https://vijos.org/p/1066
分析：先给出我线段树写法吧，XX了几个小时，一行代码，三个错误，我也是无语了！好不容易过了样例，啪啪啪，打脸了，才过了三组数据，查了半天只要改了右区间就会过qwq！
此题是要我们求每次有一个新的点加入时，比它小的y有几个，因为，先对X从小到大排序以后，每次加入一个y，之前比它小的y保证x和y都小于它，个数就是这个星星的等级这就可以这样，一个1-32000的线段，每次加入一个y，加入了一个[y,32000]的线段，然后每次看比y少的点有几个，就是它当前被压在几条线段下！
下面给出线段树写法：
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N=;
int ans[N<<];
struct Node
{
int l,r,sum;
}tree[N<<];
struct data
{
int x,y;
}f[N<<];
inline bool cmp(data a,data b)
{
return (a.x==b.x)?(a.y<b.y):(a.x<b.x);
}
void buildtree(int l,int r,int pos)
{
tree[pos].sum=;
tree[pos].l=l;
tree[pos].r=r;
if(l==r)
return;
int mid=(l+r)/;
buildtree(l,mid,pos*);
buildtree(mid+,r,pos*+);
}
void update(int st,int ed,int pos)
{
if(tree[pos].l==st&&tree[pos].r==ed)
{
tree[pos].sum++;
return;
}
if(tree[pos].l==tree[pos].r)
return;
int mid=(tree[pos].l+tree[pos].r)/;
if(mid>=ed)
update(st,ed,pos*);
else if(st>mid)
update(st,ed,pos*+);
else
{
update(st,mid,pos*);
update(mid+,ed,pos*+);
}
}
int query(int c,int pos)
{
if(tree[pos].l==tree[pos].r)
return tree[pos].sum;
int mid=(tree[pos].l+tree[pos].r)/;
if(c<=mid)
return tree[pos].sum+query(c,pos*);
else return tree[pos].sum+query(c,pos*+);
}
int main()
{
int n;
cin>>n;
buildtree(,,);
for(int i=;i<n;i++)
scanf("%d%d",&f[i].x,&f[i].y);
sort(f,f+n,cmp);
for(int i=;i<n;i++)
{
ans[query(f[i].y,)]++;
update(f[i].y,,);
}
for(int i=;i<n;i++)
cout<<ans[i]<<endl;
return ;
}
此题数据太弱，所以用暴力同样可以解决问题！
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N=;
struct Node
{
int x,y;
}p[N<<];
int n,ans[N<<];
int main()
{
cin>>n;
for(int i=;i<n;i++)
cin>>p[i].x>>p[i].y;
for(int i=;i<n;i++)
{
int tot=;
for(int j=;j<n;j++)
{
if(i==j)
continue;
else if(p[i].x>=p[j].x&&p[i].y>=p[j].y)
tot++;
}
ans[tot]++;
}
for(int i=;i<n;i++)
cout<<ans[i]<<endl;
return ;
}
其实呢，此题貌似用树状数组也行啊，只能说数据太水qwq！
树状数组，对X排下序之后以每个点的y进行操作。如果在某次算出sum(y)之后，肯定就是他的等级。因为在它之前的点都是x比它小或者和它相等，但是y没他大的。
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N=;
struct Node
{
int x,y;
}p[N<<];
int n,c[N<<],ans[N<<];
int lowbit(int x)
{
return x&-x;
}
inline bool cmp(Node p,Node q)
{
return p.x==q.x?(p.y<q.y):(p.x<q.x);
}
int sum(int x)
{
int ret=;
while(x>)
{
ret+=c[x];
x-=lowbit(x);
}
return ret;
}
void add(int x)
{
while(x<=)
{
c[x]++;
x+=lowbit(x);
}
}
int main()
{
cin>>n;
for(int i=;i<=n;i++)
cin>>p[i].x>>p[i].y;
sort(p+,p++n,cmp);
for(int i=;i<=n;i++)
{
ans[sum(p[i].y)]++;
add(p[i].y);
}
for(int i=;i<n;i++)
cout<<ans[i]<<endl;
return ;
}