Description
Sylvia 是一个热爱学习的女孩子。
前段时间，Sylvia 参加了学校的军训。众所周知，军训的时候需要站方阵。
Sylvia 所在的方阵中有$n \times m$名学生，方阵的行数为 $n$，列数为 $m$。
为了便于管理，教官在训练开始时，按照从前到后，从左到右的顺序给方阵中 的学生从 1 到 $n \times m$ 编上了号码（参见后面的样例）。即：初始时，第 $i$ 行第 $j$ 列 的学生的编号是$(i-1)\times m + j$。
然而在练习方阵的时候，经常会有学生因为各种各样的事情需要离队。在一天 中，一共发生了 $q $件这样的离队事件。每一次离队事件可以用数对$(x,y) (1 \le x \le n, 1 \le y \le m)$描述，表示第 $x$ 行第 $y$ 列的学生离队。
在有学生离队后，队伍中出现了一个空位。为了队伍的整齐，教官会依次下达 这样的两条指令：
向左看齐。这时第一列保持不动，所有学生向左填补空缺。不难发现在这条 指令之后，空位在第 $x$ 行第 $m$ 列。
- 向前看齐。这时第一行保持不动，所有学生向前填补空缺。不难发现在这条 指令之后，空位在第 $n$ 行第 $m$ 列。
教官规定不能有两个或更多学生同时离队。即在前一个离队的学生归队之后， 下一个学生才能离队。因此在每一个离队的学生要归队时，队伍中有且仅有第 $n$ 行 第 $m$ 列一个空位，这时这个学生会自然地填补到这个位置。
因为站方阵真的很无聊，所以 Sylvia 想要计算每一次离队事件中，离队的同学 的编号是多少。
注意：每一个同学的编号不会随着离队事件的发生而改变，在发生离队事件后 方阵中同学的编号可能是乱序的。
Input
输入共 $q+1$ 行。
第 1 行包含 3 个用空格分隔的正整数 $n, m, q$，表示方阵大小是 $n$ 行 $m$ 列，一共发 生了 $q$ 次事件。
接下来 $q$ 行按照事件发生顺序描述了 $q$ 件事件。每一行是两个整数 $x, y$，用一个空 格分隔，表示这个离队事件中离队的学生当时排在第 $x$ 行第 $y$ 列。
Output
按照事件输入的顺序，每一个事件输出一行一个整数，表示这个离队事件中离队学 生的编号。
Sample Input
2 2 3
1 1
2 2
1 2
Sample Output
1
1
4
Sample Explanation
列队的过程如上图所示，每一行描述了一个事件。 在第一个事件中，编号为 1 的同学离队，这时空位在第一行第一列。接着所有同学 向左标齐，这时编号为 2 的同学向左移动一步，空位移动到第一行第二列。然后所有同 学向上标齐，这时编号为 4 的同学向上一步，这时空位移动到第二行第二列。最后编号 为 1 的同学返回填补到空位中。
HINT
题解（转载）
正解：线段树/树状数组/平衡树
$30\%$：开个 $n*m$ 的数组模拟即可
$50\%$：发现只有$500$行有改动，所以单独拿出这$500$行和最后一列，模拟即可.
$80\%$：只有一行的话，我们就开一个 $m+q$ 的数组，然后树状数组维护每一个位置是否有人，并且维护每一个位置的人的$id$，这样就会产生很多空位，询问就是查找第 $y$ 个有人的位置的$id$，二分+树状数组 或 直接线段树查找第$k$大即可，与 $70$ 分不同的是，还需要再维护最后一列，像行一样维护即可
$100\%$：和 $80$ 分类似，想到有很多位置根本没有大的变动，我们像之前一样，我们把只需要出队的位置删除即可，所以我们维护每一个位置是否被删，但是不太好存，所以用动态开点线段树标记删除位置，然后像之前一样二分找出第 $y$ 个有人的位置即可，还有一个不同的是，$id$数组需要动态维护，所以开个$vector$存即可，所以$100$和$80$的区别仅在于是否使用动态内存.
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#include <set>
#include <map>
#include <cmath>
#include <ctime>
#include <queue>
#include <stack>
#include <cstdio>
#include <string>
#include <vector>
#include <cstdlib>
#include <cstring>
#include <iostream>
#include <algorithm>
#define LL long long
#define Max(a, b) ((a) > (b) ? (a) : (b))
#define Min(a, b) ((a) < (b) ? (a) : (b))
using namespace std;
const int N = 3e5;
const int M = 2e7;
int read() {
int sum = ;
char ch = getchar();
while (ch < '' || ch > '') ch = getchar();
while (ch >= '' && ch <= '') sum = (sum<<)+(sum<<)+ch-'', ch = getchar();
return sum;
} int n, m, q, x, y, tot, root[N+];
vector<LL>G[N+];
struct segment_tree {
int chl[M+], chr[M+], w[M+], tot;
int query(int o, int l, int r, int k) {
if (l == r) return l;
int mid = (l+r)>>;
if (mid-l+-w[chl[o]] >= k) return query(chl[o], l, mid, k);
else return query(chr[o], mid+, r, k-(mid-l+-w[chl[o]]));
}
void delet(int &o, int l, int r, int k) {
if (!o) o = ++tot; w[o]++;
if (l < r) {
int mid = (l+r)>>;
if (mid >= k) delet(chl[o], l, mid, k);
else delet(chr[o], mid+, r, k);
}
}
}S; LL opt2(int x, LL kind) {
int pos = S.query(root[n+], , tot, x); S.delet(root[n+], , tot, pos);
LL ans = pos <= n ? 1ll*m*pos : G[n+][pos-n-];
G[n+].push_back(kind ? kind : ans);
return ans;
}
LL opt1(int x, int y) {
int pos = S.query(root[x], , tot, y); S.delet(root[x], , tot, pos);
LL ans = pos < m ? 1ll*(x-)*m+pos : G[x][pos-m];
G[x].push_back(opt2(x, ans));
return ans;
}
void work() {
scanf("%d%d%d", &n, &m, &q); tot = Max(n, m)+q;
while (q--) {
scanf("%d%d", &x, &y);
if (y == m) printf("%lld\n", opt2(x, ));
else printf("%lld\n", opt1(x, y));
}
}
int main() {
work();
return ;
}