Description
为了庆祝 NOI 的成功开幕，主办方为大家准备了一场寿司晚宴。小 G 和小 W 作为参加 NOI 的选手，也被邀请参加了寿司晚宴。
在晚宴上,主办方为大家提供了 n−1 种不同的寿司，编号 1,2,3,…,n−1，其中第 i 种寿司的美味度为 i+1 （即寿司的美味度为从 2 到 n）。
现在小 G 和小 W 希望每人选一些寿司种类来品尝，他们规定一种品尝方案为不和谐的当且仅当：小 G 品尝的寿司种类中存在一种美味度为 x 的寿司，小 W 品尝的寿司中存在一种美味度为 y 的寿司，而 x 与 y 不互质。
现在小 G 和小 W 希望统计一共有多少种和谐的品尝寿司的方案（对给定的正整数 p 取模）。注意一个人可以不吃任何寿司。
Input
输入文件的第 1 行包含 2 个正整数 n,p，中间用单个空格隔开，表示共有 n 种寿司，最终和谐的方案数要对 p 取模。
Output
输出一行包含 1 个整数，表示所求的方案模 p 的结果。
Sample Input
3 10000
Sample Output
9
Hint
\(2\le n\le 500\)，\(0<p\le 10^9\)。
Solution
首先考虑最直接的状压DP：两个人的选择方案合法，当且仅当两人各自所选编号的质因子无交集。
记\(f[i][s_A][s_B]\)表示当前选到\(i\)号数，一个人选择的数质因子状态为\(s_A\)，A另一人为\(s_B\)的总方案数。其中第一维可以省去。
但是500以内的质数还是很多，\(s_A\)和\(s_B\)压不起来，怎么做呢？
考虑每一个数都是由若干个小于等于\(\sqrt {500}\)的质数乘起来，再乘上一个剩余部分\(l\)：一个大于\(\sqrt{500}\)的质数或者1得到。我们发现小于等于\(\sqrt{500}\)也就是22.36的质数恰好只有8个，此时\(s\)的大小为256，是可以开得下上述数组的。
处理出所有数包含小于根号质数的状态，并按剩余部分\(l\)从小到大排序。剩余部分为1的数显然可以按上述基础方法直接DP。
接下来，对于剩余部分\(l\)不为1的每一段数。我们发现，两人不可能同时取这一段中的数——要么A不要动，让B自己选择；要么B不要动，让A自己选择。
所以把每一段\(l\)相同的数拉出来DP一次。记\(g_A[s_A][s_B]\)表示只让A取这一段的方案数，\(g_B[s_A][s_B]\)同理。两个DP是独立分开的。枚举该段中每一个数，看某人选了是否不会和另一人冲突，并决定选还是不选。
DP开始前\(g_A[s_A][s_B]=g_B[s_A][s_B]=f[s_A][s_B]\)。该段DP完成后，反过来把走过这一段后的数据更新回\(f\)：
\(f[s_A][s_B]=g_A[s_A][s_B]+g_B[s_A][s_B]-f[s_A][s_B]\)。
注意后面要减去一个未DP前的方案数，因为两个\(g\)加起来时，两人都不选的情况总共被算了2次。
从此题我们可以得到一些启发：如果状态压不下，那就应该考虑能否减少状态规模，如找到特殊的元素单独考虑。
Code
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
using namespace std;
const int N=505,p[9]={0,2,3,5,7,11,13,17,19};
int n,MOD;
int f[260][260],g[2][260][260];
inline int plu(int x,int y){return (x+y)%MOD;}
inline int mul(int x,int y){return 1LL*x*y%MOD;}
inline void upd(int &x,int y){x=plu(x,y);}
inline bool in(int st,int i){return (st>>(i-1))&1;}
inline int bit(int i){return 1<<(i-1);}
struct Data{int x,state,bigp;}d[N];
bool cmp(const Data &a,const Data &b){return a.bigp<b.bigp;}
int main(){
scanf("%d%d",&n,&MOD);
for(int i=2;i<=n;i++){
int x=i,y=0;
for(int i=1;i<=8;i++)
if(x%p[i]==0){
y|=bit(i);
while(x%p[i]==0) x/=p[i];
}
d[i-1]=(Data){i,y,x};
}
sort(d+1,d+1+(n-1),cmp);
f[0][0]=1;
int i,j,all=1<<8;
for(i=1;d[i].bigp==1;i++){
for(int x=all-1;x>=0;x--)
for(int y=all-1;y>=0;y--){
if(!(d[i].state&y))
upd(f[x|d[i].state][y],f[x][y]);
if(!(d[i].state&x))
upd(f[x][y|d[i].state],f[x][y]);
}
}
for(j=i;i<n;){
for(int x=0;x<all;x++)
for(int y=0;y<all;y++)
g[0][x][y]=g[1][x][y]=f[x][y];
for(;j<n&&d[i].bigp==d[j].bigp;j++);
for(;i<j;i++){
for(int x=all-1;x>=0;x--)
for(int y=all-1;y>=0;y--){
if(!(d[i].state&y))
upd(g[0][x|d[i].state][y],g[0][x][y]);
if(!(d[i].state&x))
upd(g[1][x][y|d[i].state],g[1][x][y]);
}
}
for(int x=0;x<all;x++)
for(int y=0;y<all;y++)
f[x][y]=plu(plu(g[0][x][y],g[1][x][y]),-f[x][y]);
}
int ans=0;
for(int x=0;x<all;x++)
for(int y=0;y<all;y++)
upd(ans,f[x][y]);
printf("%d\n",plu(ans,MOD));
return 0;
}