话不多说，直接看题：
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1.双线程DP
可能有人会说直接贪心：先选第1条的最优路径，再选第2条最优路径。
其实我们再选第1条时，我们怎么选会对第2条的路径产生影响，不满足无后效性。
我们选另一种思路：我们可以把问题看作A同时向B传2张纸条，我们令f[i][j][m][n]表示一张纸条在（i,j),另一个在(m,n)时的最优值，这样就满足了无后效性。
易得转移方程：
f[i][j][m][n]=a[i][j]+a[m][n]+max(f[i-1][j][m-1][n],f[i-1][j][m][n-1],f[i][j-1][m-1][n],f[i][j-1][m][n-1]).
同时，我们令f[i][j][i][j]为负无穷即可。
下面是AC代码：
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int m,n,a[60][60],dp[52][52][52][52];
int f(int i,int j,int x,int y){
if(dp[i][j][x][y]!=-1){
return dp[i][j][x][y];
}
if(i==x&&j==y) return dp[i][j][x][y]=-10000000;
if(i-1>=1&&x-1>=1) dp[i][j][x][y]=max(dp[i][j][x][y],f(i-1,j,x-1,y));
if(i-1>=1&&y-1>=1) dp[i][j][x][y]=max(dp[i][j][x][y],f(i-1,j,x,y-1));
if(j-1>=1&&x-1>=1) dp[i][j][x][y]=max(dp[i][j][x][y],f(i,j-1,x-1,y));
if(j-1>=1&&y-1>=1) dp[i][j][x][y]=max(dp[i][j][x][y],f(i,j-1,x,y-1));
dp[i][j][x][y]+=a[i][j]+a[x][y];
return dp[i][j][x][y];
}
int main(){
cin>>m>>n;
memset(dp,-1,sizeof(dp));
dp[1][1][1][1]=0;
for(int i=1;i<=m;i++){
for(int j=1;j<=n;j++){
cin>>a[i][j];
}
}
cout<<f(m-1,n,m,n-1);
}接题：
2.正难则反+多组DP
我们自然地想到用g[i][j]表示第i件物品不能带，背包大小为j的方案数。
直接求无从下手，我们考虑他其实就是背包大小为j的方案数-g[i][j-v[i]].
下面是AC代码：
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define mod 10
int n,m,f[2350][2350],g[2350][2350],k[2350];
int main(){
cin>>n>>m;
for(int i=1;i<=n;i++) cin>>k[i];
f[0][0]=1;
for(int i=1;i<=n;i++){
for(int j=0;j<=m;j++){
if(j<k[i]) f[i][j]=f[i-1][j]%mod;
else{
f[i][j]=(f[i-1][j]%mod+f[i-1][j-k[i]]%mod)%mod;
}
}
}
for(int i=1;i<=n;i++){
for(int j=1;j<=m;j++){
if(j<k[i]) g[i][j]=f[n][j];
else if(j==k[i]) g[i][j]=(f[n][j]-1+mod)%mod;
else g[i][j]=(f[n][j]%mod-g[i][j-k[i]]%mod+mod)%mod;
cout<<g[i][j]%mod;
}
cout<<endl;
}
}接题：
3.换个方向思考：
如果我们一行一行看，不像互不侵犯可以枚举，于是我们换个角度，我们斜着看，即：
我们发现，在斜着的一列，要敲某一个则必须把他斜上方的都敲了，因此，我们一定是敲的靠上的斜着的某一段。
同时他靠右的一斜列至少要敲到他的层数-1.这样子就合法了。
我们令f[i][j][k]表示前i列共敲了j块，第i列敲了k块。
易得转移方程：
f[i][j][k]=max(f[i-1][j-k][0--(k+1)]+sum[i][k]]).
下面是AC代码：
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int n,m,a[60][60],sum[60][60],dp[55][510][55];
int main(){
cin>>n>>m;
for(int i=1;i<=n;i++){
for(int j=1;j<=n-i+1;j++){
cin>>a[i][j];
}
}
for(int i=1;i<=n;i++){
for(int j=1;j<=n-i+1;j++){
sum[i][j]=sum[i-1][j]+a[i][j];
}
}
int ans=0;
memset(dp,-0x3f,sizeof(dp));
dp[n][0][0]=0;
dp[n][1][1]=a[1][n];
for(int i=n-1;i>=1;i--){
for(int j=0;j<=m;j++){
for(int k=0;k<=min(n-i+1,j);k++){
for(int w=max(k-1,0);w<=n-i;w++){
dp[i][j][k]=max(sum[k][i]+dp[i+1][j-k][w],dp[i][j][k]);
ans=max(ans,dp[i][j][k]);
}
}
}
}
cout<<ans;
}