题目描述
iPig在假期来到了传说中的魔法猪学院，开始为期两个月的魔法猪训练。经过了一周理论知识和一周基本魔法的学习之后，iPig对猪世界的世界本原有了很多的了解：众所周知，世界是由元素构成的；元素与元素之间可以互相转换；能量守恒……。
能量守恒……iPig 今天就在进行一个麻烦的测验。iPig 在之前的学习中已经知道了很多种元素，并学会了可以转化这些元素的魔法，每种魔法需要消耗 iPig 一定的能量。作为 PKU 的顶尖学猪，让 iPig 用最少的能量完成从一种元素转换到另一种元素……等等，iPig 的魔法导猪可没这么笨！这一次，他给 iPig 带来了很多 1 号元素的样本，要求 iPig 使用学习过的魔法将它们一个个转化为 N 号元素，为了增加难度，要求每份样本的转换过程都不相同。这个看似困难的任务实际上对 iPig 并没有挑战性，因为，他有坚实的后盾……现在的你呀！
注意，两个元素之间的转化可能有多种魔法，转化是单向的。转化的过程中，可以转化到一个元素（包括开始元素）多次，但是一但转化到目标元素，则一份样本的转化过程结束。iPig 的总能量是有限的，所以最多能够转换的样本数一定是一个有限数。具体请参看样例。
输入格式(magic.in)
第一行三个数 N、M、E 表示iPig知道的元素个数（元素从 1 到 N 编号）、iPig已经学会的魔法个数和iPig的总能量。
后跟 M 行每行三个数 s、t、e 表示 iPig 知道一种魔法，消耗 e 的能量将元素 s 变换到元素 t 。
输出格式(magic.out)
一行一个数，表示最多可以完成的方式数。输入数据保证至少可以完成一种方式。
样例输入
4 6 14.9
1 2 1.5
2 1 1.5
1 3 3
2 3 1.5
3 4 1.5
1 4 1.5
样例输出
3
样例解释
有意义的转换方式共4种：
1->4，消耗能量 1.5
1->2->1->4，消耗能量 4.5
1->3->4，消耗能量 4.5
1->2->3->4，消耗能量 4.5
显然最多只能完成其中的3种转换方式（选第一种方式，后三种方式仍选两个），即最多可以转换3份样本。
如果将 E=14.9 改为 E=15，则可以完成以上全部方式，答案变为 4。
数据规模
占总分不小于 10% 的数据满足 N <= 6，M<=15。
占总分不小于 20% 的数据满足 N <= 100，M<=300，E<=100且E和所有的e均为整数（可以直接作为整型数字读入）。
所有数据满足 2 <= N <= 5000，1 <= M <= 200000，1<=E<=10，1<=e<=E，E和所有的e为实数。
【思路】
A*算法解k短路
启发式函数f(n)=g(n)+h(n)
g是到达当前状态的实际代价，h是估计代价。当h取得比较小的时候，能保证正确性但时间比较慢，当h取得比较大的时候，速度快但正确不能保证。
一个暴力算法是将到目前为止的距离放入堆里，然后第k次拓展到n求出k短路。这里可以看作h为0 ，前边说了，比较慢。
这里取每个点到n的最短路为估计代价h。
把启发函数放到一个堆里，每次拿出队首拓展求出启发函数后再放入堆里。第k次拓展到n时，就得到了1..n的k短路。
这样只要不断求k短路直到把e用完。
据说STL会MLE，我没试过<_<，手写一个heap
【代码】
#include<cstdio>
#include<queue>
#include<vector>
#include<cstring>
using namespace std; const int N = ;
const double INF = 1e9; struct Edge { int v; double w;
};
struct Node {
double f; int id;
bool operator < (const Node& rhs) const{
return f<rhs.f;
}
};
struct Heap {
int sz,now,next; Node ans;
Node N[];
Heap() { sz=; }
int empty() { return sz<=; }
void push(Node x) {
N[++sz]=x;
now=sz;
while(now>) {
next=now>>;
if(N[next]<N[now]) break;
swap(N[next],N[now]);
now=next;
}
}
Node pop() {
ans=N[];
N[]=N[sz--];
now=;
while((now<<)<=sz) {
next=now<<;
if(next<sz && N[next+]<N[next]) next++;
if(N[now]<N[next]) break;
swap(N[now],N[next]);
now=next;
}
return ans;
}
}hp; vector<Edge> g[N],G[N];
queue<int> q; int n,m,ans;
int inq[N]; double e,dis[N]; void spfa() {
for(int i=;i<=n;i++) dis[i]=INF;
dis[n]=; inq[n]=; q.push(n);
while(!q.empty()) {
int u=q.front(); q.pop();
inq[u]=;
for(int i=;i<G[u].size();i++) {
int v=G[u][i].v;
if(dis[v]>dis[u]+G[u][i].w) {
dis[v]=dis[u]+G[u][i].w;
if(!inq[v])
inq[v]=,
q.push(v);
}
}
}
} void astar() {
hp.push((Node){dis[],});
while(!hp.empty()) {
Node qr=hp.pop(); int u=qr.id;
for(int i=;i<g[u].size();i++) {
int v=g[u][i].v;
hp.push((Node){qr.f-dis[u]+g[u][i].w+dis[v],v});
}
if(u==n) {
e-=qr.f;
if(e<) break;
else ans++;
}
}
} int main() {
scanf("%d%d%lf",&n,&m,&e);
int u,v; double w;
for(int i=;i<m;i++) {
scanf("%d%d%lf",&u,&v,&w);
g[u].push_back((Edge){v,w});
G[v].push_back((Edge){u,w});
}
spfa();
astar();
printf("%d",ans);
return ;
}