初识CDQ分治
CDQ分治是一个好东西，一直听着dalao们说所以就去学了下。
其实CDQ分治名字听上去很高大上，其实和一般的分治没有特别大的区别，其大体流程如下：
- 将问题抽象为一个区间\([l,r]\)内的问题（废话）
- 分：将问题分解成左\([l,mid]\)右\([mid+1,r]\)两部分，然后递归操作
- 治：合并两个子问题，同时考虑到\([l,mid]\)内的修改对\([mid+1,r]\)内的查询产生的影响。即，用左边的子问题帮助解决右边的子问题。
这里特别注意CDQ分治与一般分治的区别：普通分治在合并两个子问题的过程中，左右区间内的问题不会互相影响。
经典应用——三维偏序
我们从一道模板题来看看CDQ的具体实现：Luogu P3810
首先考虑经典的二维偏序：逆序对
这个鬼东西不是就一个归并排序or权值树状数组的事情么
我们想一下归并排序的原理，在归并的过程中（数组已经有序），那么我左边的并且坐标大于右边的坐标个数其实就是逆序对个数。
因此这也算是个简单的CDQ吧
现在我们考虑三维偏序，我们考虑先对数组总体排个序，这样在操作的过程中总有\(a_i\le a_j(i<j)\)（即使我们将区间一分为二那么右边的数的\(a_i\)始终大于左边。
然后对于第二维\(y_i\)，我们考虑一下处理方法。
假设现在处理区间\([l,r]\)，而此前我们已经通过递归处理好了\([l,mid]\)和\([mid+1,r]\)的答案。
那我们把\([l,mid]\)和\([mid+1,r]\)分别按\(y_i\)排个序，这样第二维也有了上面的性质。
再考虑怎么计算左边和右边的偏序关系，我们可以维护两个指针\(i,j\)，每次我们将\(j\)后移一位以表示再加入一个数，此时若\(y_i\le y_j\)则不断后移\(i\)，并且将\(z_i\)加入权值树状数组。
然后现在对于右边的每一个数：
- 在权值树状数组上所有的数的\(x_i\)都小于它（因为排了序）
- 在权值树状数组上所有的数的\(y_i\)都小于它（因为上面的指针偏移统计）
那么只要找\(z_i\)小于它的数个数即可，这个我们直接在树状数组上找即可。
复杂度是比较迷的\(O(n\log n)\)，不过由于CQD的常数很小所以可以轻松跑过缅怀各位写树套树的dalao
下面上CODE
#include<cstdio>
#include<cctype>
#include<algorithm>
using namespace std;
const int N=100005;
struct data
{
int x,y,z,num,sum;
bool operator ==(const data &s) const { return x==s.x&&y==s.y&&z==s.z; }
}a[N],q[N];
int n,cnt,m,bit[N<<1],ans[N],tot;
inline char tc(void)
{
static char fl[100000],*A=fl,*B=fl;
return A==B&&(B=(A=fl)+fread(fl,1,100000,stdin),A==B)?EOF:*A++;
}
inline void read(int &x)
{
x=0; char ch; int flag=1; while (!isdigit(ch=tc())) flag=ch^'-'?1:-1;
while (x=(x<<3)+(x<<1)+ch-'0',isdigit(ch=tc())); x*=flag;
}
inline void write(int x)
{
if (x>9) write(x/10);
putchar(x%10+'0');
}
inline bool cmpx(data a,data b)
{
if (a.x==b.x&&a.y==b.y) return a.z<b.z;
if (a.x==b.x) return a.y<b.y; return a.x<b.x;
}
inline bool cmpy(data a,data b)
{
if (a.y==b.y) return a.z<b.z; return a.y<b.y;
}
inline int lowbit(int x)
{
return x&-x;
}
inline void add(int x,int y)
{
for (;x<=m;x+=lowbit(x)) bit[x]+=y;
}
inline int get(int x)
{
int res=0; for (;x;x-=lowbit(x)) res+=bit[x]; return res;
}
inline void CDQ(int l,int r)
{
if (l==r) return; int mid=l+r>>1,id=l;
CDQ(l,mid); CDQ(mid+1,r); sort(q+l,q+mid+1,cmpy); sort(q+mid+1,q+r+1,cmpy);
for (register int i=mid+1;i<=r;++i)
{
while (id<=mid&&q[id].y<=q[i].y) add(q[id].z,q[id].num),++id; q[i].sum+=get(q[i].z);
}
for (register int i=l;i<id;++i) add(q[i].z,-q[i].num);
}
int main()
{
//freopen("CODE.in","r",stdin); freopen("CODE.out","w",stdout);
register int i; read(n); read(m);
for (i=1;i<=n;++i) read(a[i].x),read(a[i].y),read(a[i].z);
for (sort(a+1,a+n+1,cmpx),a[n+1]=(data){-1,-1,-1},i=cnt=1;i<=n;++i)
if (a[i]==a[i+1]) ++cnt; else q[++tot]=a[i],q[tot].num=cnt,cnt=1;
for (CDQ(1,tot),i=1;i<=tot;++i) ans[q[i].sum+q[i].num-1]+=q[i].num;
for (i=0;i<n;++i) write(ans[i]),putchar('\n'); return 0;
}
关于更复杂的问题
其实我也不会，不过对于一般的高维偏序，我们可以CDQ套CDQ，反正一般k维偏序用CDQ的复杂度就是\(O(n\log^{k-1} n)\)
因此维数太大时还是使用K-d tree吧