刷了一套题散散心，Div 3，全部是 1 A，感觉比以前慢了好多好多啊。
这几天也整理了一下自己要做的事情，工作上要努力... ... 晚上还是要认认真真背英语的。
找了几个同学问了一下，有点想自己做点 project 了，再学学机器学习，深度学习之类的，弄点小 AI project 玩玩吧... ...没事看点各种科技新闻开开眼界。
【题目链接】
A - Repeating Cipher
挺简单的，只要知道哪几个位置要输出就可以了。
时间复杂度：$O(N)$
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std; const int maxn = 1e5 + 10;
char s[maxn], len; int main() {
scanf("%d", &len);
scanf("%s", s);
int p = 0;
for(int i = 0; i < len; i = i + p) {
printf("%c", s[i]);
p++;
}
printf("\n");
return 0;
}
不是删原数组中的最小值就是删最大值。
时间复杂度：应该是可以 $O(N)$ 实现的吧，但是排个序 $O(N*logN)$ 写起来多简单。
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std; const int maxn = 1e5 + 10;
int a[maxn], n; int main() {
scanf("%d", &n);
for(int i = 1; i <= n; i ++) {
scanf("%d", &a[i]);
}
sort(a + 1, a + 1 + n);
printf("%d\n", min(a[n - 1] - a[1], a[n] - a[2]));
return 0;
}
C - Powers Of Two
先将 $N$ 转换成二进制，如果不到 $k$ 个，那么可以找一个数字出来，除以 $2$，拆成两个，这样就多了一个，按这样慢慢操作就好了。
时间复杂度：在实现的时候我把所有数字扔进了优先队列，每次拆最大的那个，事实上每次拆一个可拆的就可以了。$O(K*logK)$。
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std; int n, k; priority_queue<int> Q; int cnt_Q; int main() {
scanf("%d%d", &n, &k);
for(int i = 29; i >= 0; i --) {
if(n >= (1 << i)) {
Q.push(i);
cnt_Q ++;
n -= (1 << i);
}
} if(cnt_Q > k) {
printf("NO\n");
return 0;
} while(cnt_Q < k) {
int tp = Q.top();
if(tp == 0) {
printf("NO\n");
return 0;
} Q.pop(); Q.push(tp - 1);
Q.push(tp - 1); cnt_Q ++;
} printf("YES\n");
while(!Q.empty()) {
int tp = Q.top();
printf("%d ", 1 << tp);
Q.pop();
} return 0;
}
D - Circular Dance
这题比较逗，数据保证一定有解。emmmm... 那是不是很大概率填完就是可行解呢？我也不太会证明，反正这样写了一下就 AC 了，写之前就挺有把握。
复杂度可能是线性的？
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std; const int maxn = 2e5 + 10; int n;
int a[maxn]; int b[maxn][5]; int flag; void dfs(int x) { int num1 = b[a[x]][1];
int num2 = b[a[x]][2]; if(b[num1][1] == num2 || b[num1][2] == num2) {
a[x + 1] = num1;
a[x + 2] = num2; if(x == n - 2) {
flag = 1;
return;
} dfs(x + 1);
if(flag) return;
} if(b[num2][1] == num1 || b[num2][2] == num1) {
a[x + 1] = num2;
a[x + 2] = num1; if(x == n - 2) {
flag = 1;
return;
} dfs(x + 1);
if(flag) return;
}
} int main() {
scanf("%d", &n);
for(int i = 1; i <= n; i ++) {
scanf("%d%d", &b[i][1], &b[i][2]);
} flag = 0;
a[1] = 1;
dfs(1); for(int i = 1; i <= n; i ++) {
printf("%d ", a[i]);
}
printf("\n"); return 0;
}
E - Almost Regular Bracket Sequence
这个题意是，问你有几个位置，只改变这个位置，能让它变成合法括号匹配串。
括号匹配常见套路。左括号变成 1，右括号变成 -1，算前缀和 $S_i$。
一个合法的括号匹配串的充要条件是：[1] 对于任何 $i$， $S_i$ 都非负。[2] $S_n = 0$。
balabalabala.....
然后你大概就会做了。
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std; const int maxn = 1e6 + 10; int n;
int a[maxn], b[maxn], c[maxn];
char s[maxn]; int main() {
scanf("%d", &n);
scanf("%s", s);
for(int i = 1; i <= n; i ++) {
a[i] = (s[i - 1] == '(') ? 1 : -1;
}
for(int i = 1; i <= n; i ++) {
a[i] += a[i - 1];
} c[1] = a[1];
for(int i = 2; i <= n; i ++) {
c[i] = min(a[i], c[i - 1]);
} b[n] = a[n];
for(int i = n - 1; i >= 1; i --) {
b[i] = min(a[i], b[i + 1]);
} for(int i = 1; i <= n; i ++) {
// printf("[i: %d] a: %d, b: %d, c: %d\n", i, a[i], b[i], c[i]);
} int ans = 0;
for(int i = 1; i <= n; i ++) {
if(s[i - 1] == '(') {
if(c[i - 1] >= 0 && b[i] - 2 >= 0 && a[n] - 2 == 0) ans ++;
} else {
if(c[i - 1] >= 0 && b[i] + 2 >= 0 && a[n] + 2 == 0) ans ++;
}
} printf("%d\n", ans); return 0;
}
这个最小生成树还挺好玩。摸索了半天才知道啊。。果然洞察力减弱了。
就是两种边，一种读入的边，另一种原来就有的边，每次怎么取呢？
突破口是样例 2，先看看 $m$ 是 0 的时候要怎么弄？也就是全是原来的边的时候答案是怎么来的。
画画图就能知道是哪些边了... ... 我就不写了。
$m$ 不是 0 的时候，那岂不是就是把这些边和读入的边合起来做个 MST 吗...
The world is so funny, but I am so naive.
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std; const int maxn = 4e5 + 10;
struct Edge {
int x, y;
long long w;
}e[maxn];
int cnt_e; int n, m;
long long a[maxn]; int f[maxn]; bool cmp(const Edge& a, const Edge& b) {
return a.w < b.w;
} int Find(int x) {
if(x != f[x]) f[x] = Find(f[x]);
return f[x];
} int main() {
scanf("%d%d", &n, &m);
for(int i = 1; i <= n; i ++) {
scanf("%lld", &a[i]);
f[i] = i;
} int index = 1;
for(int i = 2; i <= n; i ++) {
if(a[i] < a[index]) {
index = i;
}
} for(int i = 1; i <= n; i ++) {
if(i == index) continue;
e[cnt_e].x = i;
e[cnt_e].y = index;
e[cnt_e].w = a[i] + a[index];
cnt_e ++;
} while(m--) {
scanf("%d%d%lld", &e[cnt_e].x, &e[cnt_e].y, &e[cnt_e].w);
cnt_e ++;
} sort(e, e + cnt_e, cmp);
long long ans = 0;
for(int i = 0; i < cnt_e; i ++) {
int fx = Find(e[i].x);
int fy = Find(e[i].y);
if(fx == fy) continue; ans = ans + e[i].w;
f[fx] = fy;
} printf("%lld\n", ans); return 0;
}