题面：
打开了黑魔法师Vani的大门，队员们在迷宫般的路上漫无目的地搜寻着关押applepi的监狱的所在地。突然，眼前一道亮光闪过。“我，Nizem，是黑魔法圣殿的守卫者。如果你能通过我的挑战，那么你可以带走黑魔法圣殿的地图……”瞬间，队员们被传送到了一个擂台上，最初身边有一个容量为K的包包。
擂台赛一共有N项挑战，各项挑战依次进行。第i项挑战有一个属性ai，如果ai>=0，表示这次挑战成功后可以再获得一个容量为ai的包包；如果ai=-1，则表示这次挑战成功后可以得到一个大小为1 的地图残片。地图残片必须装在包包里才能带出擂台，包包没有必要全部装满，但是队员们必须把获得的所有的地图残片都带走（没有得到的不用考虑，只需要完成所有N项挑战后背包容量足够容纳地图残片即可），才能拼出完整的地图。并且他们至少要挑战成功L次才能离开擂台。
队员们一筹莫展之时，善良的守卫者Nizem帮忙预估出了每项挑战成功的概率，其中第i项挑战成功的概率为pi%。现在，请你帮忙预测一下，队员们能够带上他们获得的地图残片离开擂台的概率。
Input:
第一行三个整数N,L,K。
第二行N个实数，第i个实数pi表示第i项挑战成功的百分比。
第三行N个整数，第i个整数ai表示第i项挑战的属性值.
Output:
一个整数，表示所求概率，四舍五入保留6 位小数。
solution：
比较明显的动态规划。F[i][j][k]表示经过前 i 项挑战,目前背包容量为 j,有 k 项挑战获得了胜利的概率。
我们可以定义200为0,j>200 代表背包有 j-200 的剩余空间, j<200 代表目前有 200-j 的地图残片还未装入。
j 的取值范围是0~400,超出范围没有意义,直接与 400 取 Min/Max 即可。转移方式只有两种:第 i 次挑战成功/失败.
同时，我们的背包空间大于200,也是没意义的，直接与 400 取 Min/Max 即可。
综上：时间复杂度 O(400*n^2)。
code：
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<iomanip>
#include<algorithm>
#include<cstring>
#include<cstdlib>
#include<ctime>
#include<cmath>
#include<vector>
#include<queue>
#include<map>
#include<set>
#define ll long long
#define db double
#define inf 0x7fffffff
#define rg register int
using namespace std;
int n,m,t;
int a[205];
db ans,su;
db b[205];
db c[205];
db f[205][405][205];
inline int qr(){
char ch; int sign=1;
while((ch=getchar())<'0'||ch>'9')
if(ch=='-')sign=-1;
int res=ch^48;
while((ch=getchar())>='0'&&ch<='9')
res=res*10+(ch^48);
return res*sign;
}
int main(){
//freopen("guard.in","r",stdin);
//freopen("guard.out","w",stdout);
n=qr(),t=qr(),m=qr();
for(rg i=1;i<=n;++i)
c[i]=(db)1-(b[i]=(db)qr()/(db)100);
for(rg i=1;i<=n;++i)a[i]=qr();
if(m>200)m=200;
f[1][m+200][0]=1;
for(rg k=1;k<=n;++k){
for(rg i=1;i<=400;++i){
for(rg j=0;j<200;++j){
if(f[k][i][j]==0)continue;
f[k+1][i][j]+=f[k][i][j]*c[k];
su=f[k][i][j]*b[k];
if(a[k]>=0){
if(i+a[k]>400)f[k+1][400][j+1]+=su;
else f[k+1][i+a[k]][j+1]+=su;
}else{
f[k+1][i-1][j+1]+=su;
}
}
}
}++n;
for(rg i=200;i<=400;++i)
for(rg j=t;j<=200;++j)
ans+=f[n][i][j];
printf("%.6lf",ans);
return 0;
}