UVA1406 - A Sequence of Numbers(树状数组)
题目大意：
给定N个数字。给两种操作：C x: 把这N个数字都加上x。
Q x:查询这N个数里面有多少个数字和2^x取且大于0.最后把每一个查询的结果求和作为答案。
解题思路:
查询与2^x取且为1，那么就意味这那个符合要求的数的第x位要是1。
可是这里还有所有加上x的操作，能够用一个变量来记录所有C操作的x的和。有这个加数的话，第x位为1的可能能够通过低位进位得到，所以这里开16个树状数组，第i个树状数组存放的是每一个数从低位開始。连续的i位的值。比如7：第0个树状数组就加上1， 第1个树状数组就加上3， 第2个树状数组就加上7...
接下来要分情况讨论：首先假设加数是1XXX 那么 1) 1xxx + 0xxx = 1xxx这是符合条件的。而1xxx的范围【1000,1111】 。 2) 1xxx + 1xxx = 11xxx 这是符合条件的，11xxx的范围【11000,11111】。
其次假设是 0xxx。也是分两种情况考虑，同理得到范围【1000,1111】.得到了最后符合条件的数，通过减去已知的加数。就能够求出符合查询要求的范围。
在通过树状数组统计一下这个范围内的数有多少个存在。
注意:推断某个位是否位1要用&，不要单纯的推断大小。
还有每一个加数在相应每次查询的时候记得要取模上2^(x + 1).由于仅仅有后面的x位是须要用的。
代码：
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
using namespace std;
const int M = 7e4;
const int N = 20;
#define lowbit(x) ((x)&(-x))
typedef long long ll;
int n;
int t[N], C[N][M];
void add (int k, int x, int v) {
while (x < M) {
C[k][x] += v;
x += lowbit(x);
}
}
ll sum (int k, int x) {
int ret = 0;
while(x > 0) {
ret += C[k][x];
x -= lowbit(x);
}
return ret;
}
void init () {
t[0] = 1;
for (int i = 1; i < N; i++)
t[i] = t[i - 1] * 2;
}
void handle (int num) {
for (int i = N - 1; i >= 0; i--) {
add(i, num + 1, 1);
if (num >= t[i])
num -= t[i];
}
}
ll solve () {
ll ans = 0;
int addnum = 0;
char str[10];
int x, l, r;
while (scanf ("%s", str) && str[0] != 'E') {
scanf ("%d", &x);
if (str[0] == 'C')
addnum = (addnum + x) % t[16];
else {
if (addnum & t[x]) {
l = t[x + 1] + t[x] - addnum % t[x + 1];
r = min(t[x + 2] - 1 - addnum % t[x + 1], t[16] - 1);
ans += sum (x, r + 1) - sum (x, l);
}
l = t[x] - addnum % t[x + 1];
r = t[x + 1] - 1 - addnum % t[x + 1];
ans += sum (x, r + 1) - sum (x, l);
// printf("%d %d %lld\n", min, max, ans);
}
}
return ans;
}
int main () {
init();
int cas = 0, num;
while (scanf ("%d", &n) && n != -1) {
memset (C, 0, sizeof (C));
for (int i = 0; i < n; i++) {
scanf ("%d", &num);
handle(num);
}
printf ("Case %d: %lld\n", ++cas, solve());
}
return 0;
}