Gulp观察所有文件，但只渲染一个（sass）

问题描述

限时删除！！

我想让 gulp 监视我的工作文件夹上的所有更改，但仅生成一个文件。因为我使用导入所有必需文件的 scss ，所以不需要编译所有的 .css 文件，只有主文件。

现在，我的 gulpfile.js 包含：

  var gulp = require（'gulp'）; 
 var util = require（'gulp-util'）; 
 var sass = require（'gulp-sass'）; 
 $ b gulp.task（'sass'，function（）{
 return gulp.src（'./ sass / style.scss'）
 .pipe（sass（）。 on（'error'，sass.logError））
 .pipe（gulp.dest（'./ dist / css'））; 
}）; 
 $ b gulp.task（'watch'，function（）{
 gulp.watch（'./ sass / ** / *。scss'，['sass']）; 
}）; 
  

我必须进入 ./ sass / style.scss 并保存到triger gulp手表中。

我希望能够观察所有文件（类似于 ./**/* .scss ），但只显示一个 - ./ sass / style.scss 。如何做到这一点？ gulpfile.js 的一部分：

  gulp.task （'watch'，function（）{
 gulp.watch（'./**/*。scss'，['sass']）; 
}）; 
  

其中说：监视所有 .scss 'sass' taks 。

'sass' taks仅编译 ./ sass / style.scss'

I want to make gulp watch for all changes on my work folders but to generate only one file. Because I use scss which imports all required files, there is no need to compile all .css files, only main one.

Now, my gulpfile.js contains:

var gulp    = require('gulp');
var util    = require('gulp-util');
var sass    = require('gulp-sass');

gulp.task('sass', function () {
  return gulp.src('./sass/style.scss')
  .pipe(sass().on('error', sass.logError))
  .pipe(gulp.dest('./dist/css'));
});

gulp.task('watch', function() {
  gulp.watch('./sass/**/*.scss', ['sass']);
});

And I have to go in ./sass/style.scss and save it to triger gulp watch.

I want gulp to watch all files (something like ./**/*.scss) but to render only one - ./sass/style.scss. How to achieve that?

解决方案

Solution to this is simple, just edit watch part of the gulpfile.js to:

gulp.task('watch', function() {
  gulp.watch('./**/*.scss', ['sass']);
});

Which says: watch for all .scss and on change run 'sass' taks.

'sass' taks compiles only ./sass/style.scss'

这篇关于Gulp观察所有文件，但只渲染一个（sass）的文章就介绍到这了，希望我们推荐的答案对大家有所帮助，也希望大家多多支持！

1403页，肝出来的..