Description
物流公司要把一批货物从码头A运到码头B。由于货物量比较大，需要n天才能运完。货物运输过程中一般要转
停好几个码头。物流公司通常会设计一条固定的运输路线，以便对整个运输过程实施严格的管理和跟踪。由于各种
因素的存在，有的时候某个码头会无法装卸货物。这时候就必须修改运输路线，让货物能够按时到达目的地。但是
修改路线是一件十分麻烦的事情，会带来额外的成本。因此物流公司希望能够订一个n天的运输计划，使得总成本
尽可能地小。
Input
第一行是四个整数n（1<=n<=100）、m（1<=m<=20）、K和e。n表示货物运输所需天数，m表示码头总数，K表示
每次修改运输路线所需成本。接下来e行每行是一条航线描述，包括了三个整数，依次表示航线连接的两个码头编
号以及航线长度（>0）。其中码头A编号为1，码头B编号为m。单位长度的运输费用为1。航线是双向的。再接下来
一行是一个整数d，后面的d行每行是三个整数P（ 1 < P < m）、a、b（1< = a < = b < = n）。表示编号为P的码
头从第a天到第b天无法装卸货物（含头尾）。同一个码头有可能在多个时间段内不可用。但任何时间都存在至少一
条从码头A到码头B的运输路线。
Output
包括了一个整数表示最小的总成本。总成本=n天运输路线长度之和+K*改变运输路线的次数。
Sample Input
5 5 10 8
1 2 1
1 3 3
1 4 2
2 3 2
2 4 4
3 4 1
3 5 2
4 5 2
4
2 2 3
3 1 1
3 3 3
4 4 5
1 2 1
1 3 3
1 4 2
2 3 2
2 4 4
3 4 1
3 5 2
4 5 2
4
2 2 3
3 1 1
3 3 3
4 4 5
Sample Output
32
//前三天走1-4-5，后两天走1-3-5，这样总成本为(2+2)*3+(3+2)*2+10=32
//前三天走1-4-5，后两天走1-3-5，这样总成本为(2+2)*3+(3+2)*2+10=32
动归+spfa
#include<iostream>
#include<queue>
#include<cstring>
using namespace std; struct Edge
{
int to,w,next;
}E[];
int node=,head[]; int n,m,k,e,d;
bool flag[][]={};//flag表示第i天第j好港口被封锁
long long cost[][]={};//cost表示从第i天到第j天的最短路径
long long F[];//F表示到i天的花费 void insert(int u,int v,int w)
{
node++;
E[node]=Edge{v,w,head[u]};
head[u]=node;
} int spfa(int x,int y)
{
bool block[],vis[];
int dist[];
memset(block,,sizeof(block));
memset(dist,0x7f,sizeof(dist));
memset(vis,,sizeof(vis));
for(int i=x;i<=y;i++)
for(int j=;j<=m;j++)
if(flag[i][j]) block[j]=;
dist[]=;vis[]=;
queue<int> Q;
Q.push();
while(!Q.empty())
{
int q=Q.front();
Q.pop();
int i=head[q];
while(i)
{
if(!block[E[i].to]&&dist[E[i].to]>dist[q]+E[i].w)
{
dist[E[i].to]=dist[q]+E[i].w;
if(!vis[E[i].to])
{
Q.push(E[i].to);
vis[E[i].to]=;
}
}
i=E[i].next;
}
vis[q]=;
}
return dist[m];
} int main()
{
cin>>n>>m>>k>>e;
memset(F,0x7f,sizeof(F));
for(int i=;i<=e;i++)
{
int x,y,z;
cin>>x>>y>>z;
insert(x,y,z);
insert(y,x,z);
}
cin>>d;
for(int i=;i<=d;i++)
{
int p,a,b;
cin>>p>>a>>b;
for(int j=a;j<=b;j++)
flag[j][p]=;
}
for(int i=;i<=n;i++)
for(int j=;j<=n;j++)
cost[i][j]=spfa(i,j);
for(int i=;i<=n;i++)//F[i]=min{F[j]+k+cost[j+1][i]*(i-j)}
{
F[i]=cost[][i]*i;
for(int j=;j<i;j++)
F[i]=min(F[i],F[j]+k+cost[j+][i]*(i-j));
}
cout<<F[n]<<endl;
return ;
}