一天，欧姆诺诺姆来到了朋友家里，他发现了许多糖果。有蓝色和红色两种。他知道每颗红色糖果重Wr克，每颗蓝色糖果重Wb克。吃一颗蓝色糖果会给他带来Hb的欢乐值，吃一颗红色糖果会给他带来Hr的欢乐值。
欧姆诺姆最多只能吃C克的糖果，而且每一颗糖果不能只吃一半。现在他想通过吃蓝色和红色的糖果来获得最大的欢乐值。
样例解释：每一种糖果吃两颗即可。
Input
单组测试数据。
输入占一行有四个整数C,Hr,Hb,Wr,Wb (1≤C,Hr,Hb,Wr,Wb≤10^9).
Output
输出最大可能获得的欢乐值。
Input示例
样例输入1
10 3 5 2 3
Output示例
样例输出1
16
基本方法：
一、枚举r糖果和b糖果
二、枚举一个就可以确定另一个，所以枚举r糖果或b糖果
显然这两种都会超时 数据范围<=10^9，显然要用 根号或log级别的算法
假设wr<wb
若wb>=根号c，那么wb 最多只能取 根号c 个
这就把 wb>根号c 的枚举优化到了 根号 级
若wb<根号c
假设 hr/wr < hb/wb
可化为 hr*wb < wr*hb
不妨设 r糖果wb个，那么占据 wb*wr 的空间，得到 wb*hr
那么在wb*wr的空间里，就可以放 wr个b糖果，得到 wr*hb
因为 hr*wb < wr*hb
所以 若r糖果吃 wb个，那么b糖果吃 wr个更优
所以 r糖果 吃的个数不超过 wb个，可以枚举 r糖果
因为 没吃wb个r糖果，都可以转为 吃 wr个b糖果替代 这样我们就优化到了根号n 这种优化并没有涉及其他的算法，
在原来枚举方法的基础上，找制约关系减少枚举 枚举 r和b 到 枚举 r或b ，
因为r和b两者 占据的总空间固定
再到根号n枚举，
因为 通过 两者 自带的属性找到了制约关系
#include<iostream>
#include<cmath>
#include<algorithm>
#define ll long long
using namespace std;
ll c,hr,hb,wr,wb,ans;
int main()
{
cin>>c>>hr>>hb>>wr>>wb;
if(wr>wb)
{
swap(wr,wb);
swap(hr,hb);
}
if(wb>=sqrt(c))
{
for(int i=;i*wb<=c;i++)
ans=max(ans,i*hb+(c-wb*i)/wr*hr);
}
else
{
if(1.0*hr/wr>1.0*hb/wb)
{
swap(wr,wb);
swap(hr,hb);
}
for(int i=;i<wb;i++)
{
if(i*wr>c) break;
ans=max(ans,i*hr+(c-i*wr)/wb*hb);
} }
cout<<ans;
}
注意在枚举r糖果时，不能超过总容量