ios - 关闭通过弹出窗口显示的ViewController

因此，我正在使用情节提要创建基于iPad配方的应用程序。只是为了让您了解我的程序结构，这里是View控制器的流程:

ViewController --Modally-> PreviewViewController --Modally->
RecipeViewController --Popup-> IngredientsViewController

所有这些都是在情节提要中完成的。我创建了IngredientsViewController并将其链接到RecipeViewController以显示为弹出窗口，效果很好。但是我希望能够以编程方式消除IngredientsViewController(因为我已经实现了语音命令功能)。问题是我似乎无法访问IngredientsViewController将其关闭。 (应用程序我还不能发布任何图片)。

我正在使用以下代码以编程方式(从IngredientsViewController内部)呈现RecipeViewController:

[self performSegueWithIdentifier:@"ingr" sender:nil];

可以很好地显示弹出窗口，但是我无法关闭它。我试图通过视图控制器的层次结构来访问它，但似乎找不到它，我认为它位于堆栈的顶部，但是显然不是吗？我已经尝试过类似的事情:

[self.presentedViewController dismissViewControllerAnimated:YES completion:nil];

再次从RecipeViewController内部调用了此方法。但这只是消除了RecipeViewController而不是弹出窗口所呈现的IngredientsViewController。

为了清楚起见，IngredientsViewController不是UIPopoverController，它是在情节提要中创建的普通viewController，其segue样式弹出式链接到RecipeViewController中的按钮。

任何帮助将不胜感激。谢谢!

最佳答案

UIPopoverController *popOver = (UIPopoverController *)self.presentedViewController;
[popOver dismissPopoverAnimated:YES];

如果您的目标视图控制器是UIPopoverController，这应该可以解决问题

关于ios - 关闭通过弹出窗口显示的ViewController，我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题：https://stackoverflow.com/questions/15001178/