php - 警告:mysql_fetch_array()期望参数1为资源…-为什么？

考虑以下代码：

<?php

$db_error='Establishing a Database Connection Error';
$localhost='localhost';
$db_user='root';
$db_name='uploader_db';
$db_pass='';
$db_connect=mysql_connect($localhost,$db_user,$db_pass) or die($db_error);
  mysql_select_db($db_name) or die($db_error);
 $result="SELECT 'user','pass','name','email' FROM 'config' ORDER BY 'name'";
 $sql_result=mysql_fetch_array($result,MYSQL_BOTH);

 echo $sql_count=count($sql_result['name']);
?>

我收到以下错误：


  错误：警告：mysql_fetch_array（）期望参数1为资源，第20行的C：\ xampp \ htdocs \ Project1 \ config.php中给出的字符串
  0


我该如何解决这个问题？

最佳答案

您没有在代码中正确分配三件事

1）mysql_select_db($db_name)：这里您需要通过$db_connect

2）不执行查询：$result=mysql_query($sql_fetch) or die("Error: ".mysql_error());

3）查询结果需要传递给mysql_fetch_array()

以下是具有上述更改的更新代码

$db_error='Establishing a Database Connection Error';

$localhost='localhost';

$db_user='root';

$db_name='uploader_db';

$db_pass='';

$db_connect=mysql_connect($localhost,$db_user,$db_pass) or die($db_error);

mysql_select_db($db_name,$db_connect) or die($db_error);

$sql_fetch="SELECT 'user','pass','name','email' FROM 'config' ORDER BY 'name'";

 $result=mysql_query($sql_fetch) or die("Error: ".mysql_error());

 $sql_result=mysql_fetch_array($result);

 echo $sql_count=count($sql_result['name']);

关于php - 警告:mysql_fetch_array()期望参数1为资源…-为什么？，我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题：https://stackoverflow.com/questions/52681928/