我正在实现我自己的专用hashmap,它具有泛型值类型,但键的类型总是long在这里和那里,我看到有人建议我用一个素数乘以一个键,然后用桶的数量得到模:

int bucket = (key * prime) % numOfBuckets;

我不明白为什么?在我看来,它的分布与simple完全相同:
int bucket = key % numOfBuckets;

例如,如果numOfBuckets是8,使用第二个“算法”,我们得到的buckets类似于{0,1,2,3,4,5,6,7}重复键=0到无穷大在第一个针对相同密钥的算法中,我们得到bucket{0、3、6、1、4、7、2、5}(或类似的)也在重复基本上我们有相同的问题,比如当使用标识散列时。
基本上,在这两种情况下,我们都会得到键的碰撞:
key = x + k*numOfBuckets (for k = 1 to infinity; and x = key % numOfBuckets)

因为当我们用numOfBuckets得到模的时候,我们总是得到x。那么,第一个算法是什么,有人能告诉我吗?

最佳答案

如果numOfBuckets是2的幂,prime是奇数(这似乎是预期的用例),那么我们就有gcd(numOfBuckets, prime) == 1这反过来意味着有一个数inverse这样inverse * numOfBuckets = 1 (mod numOfBuckets),所以乘法是一个双射运算,它只是将桶洗牌一点。那当然没用,所以你的结论是正确的。
或者更直观地说:在乘法运算中,信息只从最低位流向最高位,而不是相反因此,桶索引在没有乘法的情况下不会依赖的任何位,仍然会随乘法一起丢弃。
其他一些技术也有帮助,例如Java的HashMap使用以下方法:

/**
 * Applies a supplemental hash function to a given hashCode, which
 * defends against poor quality hash functions.  This is critical
 * because HashMap uses power-of-two length hash tables, that
 * otherwise encounter collisions for hashCodes that do not differ
 * in lower bits. Note: Null keys always map to hash 0, thus index 0.
 */
static int hash(int h) {
    // This function ensures that hashCodes that differ only by
    // constant multiples at each bit position have a bounded
    // number of collisions (approximately 8 at default load factor).
    h ^= (h >>> 20) ^ (h >>> 12);
    return h ^ (h >>> 7) ^ (h >>> 4);
}

另一个有效的方法是乘以某个大常数,然后使用结果的高位(它包含它们下面的位的混合,所以键的所有位都可以这样使用)。

09-27 12:28