java - 计算2的超大幂

我用Java编写了一个程序，该程序可以计算2的幂，但是效率似乎很低。对于较小的功率(例如2 ^ 4000)，它会在不到一秒钟的时间内完成。但是，我正在计算2 ^ 43112609，这比已知的最大质数大1。数字超过1200万，将需要很长时间才能运行。到目前为止，这是我的代码:

import java.io.*;

public class Power
{
 private static byte x = 2;
 private static int y = 43112609;
 private static byte[] a = {x};
 private static byte[] b = {1};
 private static byte[] product;
 private static int size = 2;
 private static int prev = 1;
 private static int count = 0;
 private static int delay = 0;
 public static void main(String[] args) throws IOException
 {
  File f = new File("number.txt");
  FileOutputStream output = new FileOutputStream(f);
  for (int z = 0; z < y; z++)
  {
   product = new byte[size];
   for (int i = 0; i < a.length; i++)
   {
    for (int j = 0; j < b.length; j++)
    {
     product[i+j] += (byte) (a[i] * b[j]);
     checkPlaceValue(i + j);
    }
   }
   b = product;
   for (int i = product.length - 1; i > product.length - 2; i--)
   {
    if (product[i] != 0)
    {
     size++;
     if (delay >= 500)
     {
      delay = 0;
      System.out.print(".");
     }
     delay++;
    }
   }
  }
  String str = "";
  for (int i = (product[product.length-1] == 0) ?
   product.length - 2 : product.length - 1; i >= 0; i--)
  {
   System.out.print(product[i]);
   str += product[i];
  }
  output.write(str.getBytes());
  output.flush();
  output.close();
  System.out.println();
 }

 public static void checkPlaceValue(int placeValue)
 {
  if (product[placeValue] > 9)
  {
   byte remainder = (byte) (product[placeValue] / 10);
   product[placeValue] -= 10 * remainder;
   product[placeValue + 1] += remainder;
   checkPlaceValue(placeValue + 1);
  }
 }
}

这不是用于学校项目或其他任何项目；就是图个好玩儿。任何有关如何使其更有效的帮助将不胜感激!谢谢!

凯尔

附言我没有提到输出应该以10为底，而不是二进制。

最佳答案

这里的关键是要注意:

2^2 = 4
2^4 = (2^2)*(2^2)
2^8 = (2^4)*(2^4)
2^16 = (2^8)*(2^8)
2^32 = (2^16)*(2^16)
2^64 = (2^32)*(2^32)
2^128 = (2^64)*(2^64)
... and in total of 25 steps ...
2^33554432 = (2^16777216)*(16777216)

然后，由于:

2^43112609 = (2^33554432) * (2^9558177)

您可以使用相同的方法找到剩余的(2^9558177)，并且由于(2^9558177 = 2^8388608 * 2^1169569)，您可以使用相同的方法找到2^1169569；由于(2^1169569 = 2^1048576 * 2^120993)，您可以使用相同的方法找到2^120993，依此类推...

编辑:以前在本节中有一个错误，现在已修复:

另外，请注意以下事项以进一步简化和优化:

2^43112609 = 2^(0b10100100011101100010100001)
2^43112609 =
      (2^(1*33554432))
    * (2^(0*16777216))
    * (2^(1*8388608))
    * (2^(0*4194304))
    * (2^(0*2097152))
    * (2^(1*1048576))
    * (2^(0*524288))
    * (2^(0*262144))
    * (2^(0*131072))
    * (2^(1*65536))
    * (2^(1*32768))
    * (2^(1*16384))
    * (2^(0*8192))
    * (2^(1*4096))
    * (2^(1*2048))
    * (2^(0*1024))
    * (2^(0*512))
    * (2^(0*256))
    * (2^(1*128))
    * (2^(0*64))
    * (2^(1*32))
    * (2^(0*16))
    * (2^(0*8))
    * (2^(0*4))
    * (2^(0*2))
    * (2^(1*1))

还要注意2^(0*n) = 2^0 = 1
使用此算法，您可以25次乘法计算2^1，2^2，2^4，2^8，2^16 ... 2^33554432的表。然后，您可以将43112609转换为其二进制表示形式，并使用少于25个乘法轻松地找到2^43112609。总共，您需要使用少于50个乘法来查找2^n在0到67108864之间的任何n。