php - php-检查存储在字符串中的类名称是否正在实现接口(interface)

我了解我的问题在某种程度上是错误的，但我仍在尝试解决此问题。

我有一个接口(interface)Programmer:

interface Programmer {
    public function writeCode();
}

和几个命名空间的类:

Students\BjarneProgrammer(实现Programmer)

Students\CharlieActor(实现Actor)

我将此类名称存储在数组$students = array("BjarneProgrammer", "CharlieActor");中

我想编写一个函数，如果正在实现Programmer接口(interface)，它将返回一个类的实例。

示例:
getStudentObject($students[0]);-因为它正在实现Programmer，所以它应该返回BjarneProgrammer的实例。
getStudentObject($students[1]);-因为Charlie不是程序员，所以它应该返回false。

我使用instanceof运算符进行了尝试，但是主要问题是，如果未实现Programmer，我不想实例化一个对象。

我检查了How to load php code dynamically and check if classes implement interface，但是没有适当的答案，因为我不想创建对象，除非它由函数返回。

最佳答案

您可以使用class_implements(需要PHP 5.1.0)

interface MyInterface { }
class MyClass implements MyInterface { }

$interfaces = class_implements('MyClass');
if($interfaces && in_array('MyInterface', $interfaces)) {
    // Class MyClass implements interface MyInterface
}

您可以将class name作为字符串传递为函数的参数。另外，您可以使用Reflection

$class = new ReflectionClass('MyClass');
if ( $class->implementsInterface('MyInterface') ) {
    // Class MyClass implements interface MyInterface
}

更新:(您可以尝试这样的操作)

interface Programmer {
    public function writeCode();
}

interface Actor {
    // ...
}

class BjarneProgrammer implements Programmer {
    public function writeCode()
    {
        echo 'Implemented writeCode method from Programmer Interface!';
    }
}

检查并返回instanse/false的函数

function getStudentObject($cls)
{
    $class = new ReflectionClass($cls);
    if ( $class->implementsInterface('Programmer') ) {
        return new $cls;
    }
    return false;
}

获取实例或错误

$students = array("BjarneProgrammer", "CharlieActor");
$c = getStudentObject($students[0]);
if($c) {
    $c->writeCode();
}

关于php - php-检查存储在字符串中的类名称是否正在实现接口(interface)，我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题：https://stackoverflow.com/questions/20169805/