c++ - C++概念相同且可分配

我最近一直在尝试C++概念。我正在尝试以下“范围扩展”文档中的定义:

http://www.open-std.org/jtc1/sc22/wg21/docs/papers/2016/n4569.pdf
Same的定义和用法让我感到困惑。由于我未知的原因，作者没有给出明确的定义。所以我正在使用:

template <class T, class U>
concept bool Same()
{
  return std::is_same<T, U>::value;
}

问题在于该文档为Assignable提供了以下定义:

template <class T, class U>
concept bool Assignable()
{
  return Common<T, U>() && requires(T&& a, U&& b) {
    { std::forward<T>(a) = std::forward<U>(b) } -> Same<T&>;
  };
}

它不起作用(在GCC 6.3中):一个简单的Assignable<int&, int&&>()概念检查为我提供了false(我已验证Common部分正常)。我必须将Same<T&>更改为T&才能使其正常工作。在其他一些地方也使用相同的Same<Type>检查。

我的问题是:

我对Same的定义正确吗？

为什么使用Same<T&>代替T&？有什么区别？

谢谢你的帮助。

最佳答案

在周末解决问题之后，我想我自己找到了答案。

Eric Niebler和Casey Carter对Same的定义更为精细，它支持多个模板参数(不只是两个)，但是我的定义对于两个参数的情况基本上是正确的。

使用-> Type时，目的是可以将方括号中的表达式隐式转换为Type。使用-> Same<Type>时，目的是使方括号中的表达式恰好是Type。因此它们是不同的。

但是，有一个陷阱。约束检查非常复杂，甚至Eric和Casey之类的专家都犯了一个错误，并在N4569中给出了错误的定义。 Eric在GitHub上讨论了这个问题:

https://github.com/ericniebler/stl2/issues/330

如果按照N4569中的说明使用它，则意味着该表达式应该能够传递给想象的函数模板，例如

template <typename U>
f(U)
requires Same<T&, U>()

这不起作用-如果传入的表达式是T的左值，则推导的U是T而不是T&。解决方案是在Same<T&>&&中使用Assignable。这将产生以下想象的功能模板:

template <typename U>
f(U&&)
requires Same<T&, U>()

现在一切正常，如果传入的表达式是T的左值，则必须将U推导为T&。

玩概念对我来说是一个好习惯，但是我可能应该更早找到它们的代码。它们在以下GitHub存储库中具有完整的概念集:

https://github.com/CaseyCarter/cmcstl2

对C++概念感兴趣的人应该研究一下。