嗨，我是ajax的新手，我正在尝试将Json传递给数据库，但是我还没有那么远。目前，我正在尝试验证所传递的数据是否已成功完成。但是，我总是陷入ajax错误方法。我将上传代码，数据外观以及错误。
感谢您的帮助！
<script>
function updateTable()
{
alert("Do i try to update table?");
document.getElementById("testLand").innerHTML = "Post Json";
//echo new table values for ID = x
}
function popupClick (){
var popupObj = {};
popupObj["Verified_By"] = $('#popupVBy').val();
popupObj["Date_Verified"] = $('#popupDV').val();
popupObj["Comments"] = $('#popupC').val();
popupObj["Notes"] = $('#popupN').val();
var popupString = JSON.stringify(popupObj);
alert(popupString);
$.ajax({
type: "POST",
dataType: "json",
url: "popupAjax.php",
data: popupObj,
cache: false,
success: function(data)
{
alert("Success");
updateTable();
},
error: function(data)
{
alert("there was an error in the ajax");
alert(JSON.stringify(data));
}
});
}
</script>
var popupString中显示的JSON正在传递：
错误：
popupAjax.php文件（警告它是有害的）
<?php
echo "Testing tests are testy";
?>
最佳答案
您将dataType指定为json。但这是返回的数据类型，而不是您要发送的数据类型。
您将返回html /文本，因此只需删除dataType行：
type: "POST",
url: "popupAjax.php",
如果确实要返回json，则需要在服务器端构建数据结构，并在最后发送它。在您的测试用例中，它将是：
echo json_encode("Testing tests are testy");
但是您也可以发送嵌套的对象或数组。
另外要注意的是，您可以在表单上使用
.serialize()（如果使用表单...），以便jQuery自动构建一个可以在ajax方法中发送的对象。然后，您不必手动执行此操作。