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题意
引用论文题意:有一堆共 M 个鹰蛋，一位教授想研究这些鹰蛋的坚硬度 E。他是通过不断从一幢 N 层的楼上向下扔鹰蛋来确定 E 的。当鹰蛋从第 E 层楼及以下楼层落下时是不会碎的，但从第（E+1）层楼及以上楼层向下落时会摔碎。如果鹰蛋未摔碎，还可以继续使用；但如果鹰蛋全碎了却仍未确定 E，这显然是一个失败的实验。教授希望实验是成功的。
例如：若鹰蛋从第 1 层楼落下即摔碎，E=0；若鹰蛋从第 N 层楼落下仍未碎，E=N。这里假设所有的鹰蛋都具有相同的坚硬度。给定鹰蛋个数 M 与楼层数 N。
要求最坏情况下确定 E 所需要的最少次数。
做法
论文里用了5种方法，这里不如我们就介绍最优的那种。
定义dp(i,j),表示第i个蛋尝试j次在最坏情况下能确定E的最高楼层数，
每一个蛋一次只能确定一层楼，所以把dp(i,1)初始化为1，假设蛋没碎，每一个蛋最坏情况要扔i次才能确定层数,所以把dp(1,i)初始化为i。
然后状态转移是这样:假设在某一层楼扔下一只蛋，且碎了，则在下面的(j-1)次里，我们要用(i-1)个蛋在下面的楼层中确定 E。为了使 dp(i,j)达到最大，我们当然希望下面的楼层数达到最多，这便是一个子问题，答案为 dp(i-1,j-1);假设蛋没碎，则在后面(j-1)次里，我们要用 i 个蛋在上面的楼层中确定 E，这同样需要楼层数达到最多，便为 dp(i-1,j)，然后不管怎样，我们都用了一次。即dp(i,j)=dp(i-1,j-1)+dp(i,j-1)+1。建立新的动态规划模型，从另一个角度重新审视问题，可以更快解决一些dp问题。
代码
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define LL long long
LL dp[1010][1010];
int main() {
for(int i = 1; i <= 1000; i++) {
dp[1][i] = i;//一个蛋试i次最坏情况可在i层确定E
dp[i][1] = 1;//一个蛋一次只能确定一层楼
}
for(int i = 2; i <= 1000; i++) {
for(int j = 2; j <= 1000; j++) {
dp[i][j] = dp[i][j - 1] + dp[i - 1][j - 1] + 1;
}
}
int n, m;//m 蛋，n 楼层
while(cin >> m >> n, n && m) {
LL ans = -1;
for(int i = 1; i <= 1000; i++) {
if(dp[m][i] >= n) {
ans = i;
break;
}
}
if(ans == -1)
puts("Impossible");
else
cout << ans << endl;
}
return 0;
}