Mission
高考又来了，对于不认真读书的来讲真不是个好消息。为了小杨能在家里认真读书，他的亲戚决定驻扎在他的家里监督他学习，有爷爷奶奶、外公外婆、大舅、大嫂、阿姨……
小杨实在是忍无可忍了，这种生活跟监狱有什么区别！为了他亲爱的小红，为了他的dota，他决定越狱！
假设小杨的家是个n*m 的矩阵，左下角坐标为（0，0），右上角坐标为（x1，y1）。小杨有n 个亲戚，驻扎在矩阵里（位置不同，且不在矩阵的边上）。小杨家里的每个地方都被亲戚监控着，而且只被距离最近的亲戚监控：
也就是说假设小杨所在的位置是（3,3），亲戚A 在（3,0），A 距离小杨距离是3；亲戚B 在（6,7），则B 距离小杨距离是5。距离A < 距离B，所以（3,3）位置由A 监控。
如果“最近距离”出现同时有几个亲戚，那么那个位置同时被那几个亲戚监控。
给出小杨的坐标（x0,y0）。因为被发现的人数越少，越狱成功的机会越大，所以小杨需要你设计一条越狱路线到达矩形的边上，且被发现的人数最少。
Ps：小杨做的方向是任意的，也就是说路线上的任意位置只需要是实数。
保证一开始小杨只被一个亲戚监控着。
n<=600
Solution
显然，每个点与其他点连线的中垂线形成的半平面求交，就是这个点的监视范围。
然后最短路即可。
Code
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<stdio.h>
#include<math.h>
#include<string.h>
#define ll long long
#define db double
using namespace std;
const char* fin="ex3297.in";
const char* fout="ex3297.out";
const db eps=10e-10;
const int inf=0x7fffffff;
const int maxn=607,maxm=maxn*maxn;
bool equ(db v,db x){return fabs(v-x)<=eps;}
int sgn(db x){return equ(x,0.0)?0:(x<0?-1:1);}
struct P{
db x,y;
P(db _x=0,db _y=0){x=_x;y=_y;}
P operator +(P b){return P(x+b.x,y+b.y);}
P operator -(P b){return P(x-b.x,y-b.y);}
P operator *(db b){return P(x*b,y*b);}
P per(){return P(y,-x);}
db operator ^(P b){return x*b.y-y*b.x;}
db arg(){return atan2(y,x);}
void read(){scanf("%lf",&x);scanf("%lf",&y);}
}a[maxn];
struct L{
P p,v;
int id;
L(){}
L(P _p,P _v,int _id=0){p=_p;v=_v;id=_id;}
db arg(){return v.arg();}
P operator &(L b){return b.p+b.v*((v^(p-b.p))/(v^b.v));}
}b[maxn],c[maxn];
int num;
bool cmp(L a,L b){return a.arg()<b.arg();}
bool in(P p,L l){return sgn((p-l.p)^l.v)>=0;}
P mid(P a,P b){return P((a.x+b.x)/2.0,(a.y+b.y)/2.0);}
int n,t,i,j,k,X,Y,sx,sy,st,tot,head,tail;
int fi[maxn],ne[maxm],la[maxm],va[maxm];
int B[maxn*10],dis[maxn];
bool bz[maxn];
void add_line(int a,int b,int c){
tot++;
ne[tot]=fi[a];
la[tot]=b;
va[tot]=c;
fi[a]=tot;
}
void add(int v,int u){
if (dis[v]>u){
dis[v]=u;
if (!bz[v]){
B[++tail]=v;
bz[v]=true;
}
}
}
void spfa(int v){
int i,j,k;
memset(dis,127,sizeof(dis));
head=tail=0;
add(v,0);
while (head++<tail){
for (k=fi[B[head]];k;k=ne[k])
add(la[k],dis[B[head]]+va[k]);
bz[B[head]]=false;
}
}
int main(){
scanf("%d",&t);
while (t--){
scanf("%d",&n);
scanf("%d%d%d%d",&X,&Y,&sx,&sy);
tot=0;
st=0;
P stp(sx,sy);
memset(fi,0,sizeof(fi));
for (i=1;i<=n;i++) a[i].read();
for (i=1;i<=n;i++){
num=0;
for (j=1;j<=n;j++){
if (i==j) continue;
b[++num]=L(mid(a[i],a[j]),(a[j]-a[i]).per(),j);
}
b[++num]=L(P(0,0),P(0,1),0);
b[++num]=L(P(0,Y),P(1,0),0);
b[++num]=L(P(X,Y),P(0,-1),0);
b[++num]=L(P(X,0),P(-1,0),0);
sort(b+1,b+num+1,cmp);
int N=0;
for (j=1;j<=num;j++){
if (!N) b[++N]=b[j];
else if (!equ(b[N].arg(),b[j].arg())) b[++N]=b[j];
else if (in(b[j].p,b[N])) b[N]=b[j];
}
num=N;
int head=1,tail=2;
bool noans=false;
c[1]=b[1],c[2]=b[2];
for (j=3;j<=num;j++){
while (head<tail && !in(c[tail]&c[tail-1],b[j])) tail--;
while (head<tail && !in(c[head]&c[head+1],b[j])) head++;
if (head==tail && sgn(c[head].v^b[j].v)<=0){noans=true;break;}
c[++tail]=b[j];
}
if (noans) continue;
while (head<tail && !in(c[tail]&c[tail-1],c[head])) tail--;
for (j=head;j<=tail;j++) add_line(i,c[j].id,1);
if (!st){
bool ST=true;
for (j=head;j<=tail;j++)
if (!in(stp,c[j])){
ST=false;
break;
}
if (ST) st=i;
}
}
spfa(st);
printf("%d\n",dis[0]);
}
return 0;
}Warning
1.半平面交的流程
1)加入半平面以及四个特殊的边界半平面；
2)按半平面的极角排序，极角相同的半平面取较内侧的一个；
3)利用双端队列求出半平面交，头尾都要检查交点是否在新加入的半平面内；
注意：判断无解（队列中只剩一个半平面）
4)队列尾交点是否在头半平面中