传送门

Luogu

解题思路

一眼想到二分图:但是求不了最大匹配方案数 oho。

于是考虑这么建图:

直接将一个人可以去的两把椅子连边,然后原图中的2n个点就会形成许多联通块,这个可以分步计数。 又因为每个联通块只会是一棵树或是环套树,所以分类讨论一个联通块内如何计数:

  • 若该联通块是一棵树(边数=点数-1),显然方案数就是点数(每次考虑那个点不被匹配即可)
  • 若该联通块是一棵环套树(边数=点数),环上的点只能用环上的点匹配,那么每一棵树的方案固定,环上有两种方案,所以方案数就是2,但是如果环是一个子环 oho ,只有一种方案,因为环上的这个点只有一种匹配方式。

具体实现可以在线加边并用并查集维护联通块大小,联通块的祖先,以及是否成环,最后输出答案即可。

细节注意事项

  • 不要写挂细节啊

参考代码

#include <algorithm>
#include <iostream>
#include <cstring>
#include <cstdlib>
#include <cstdio>
#include <cctype>
#include <cmath>
#include <ctime>
#include <queue>
#define rg register
using namespace std;
template < typename T > inline void read(T& s) {
s = 0; int f = 0; char c = getchar();
while (!isdigit(c)) f |= (c == '-'), c = getchar();
while (isdigit(c)) s = s * 10 + (c ^ 48), c = getchar();
s = f ? -s : s;
} const int _ = 200010;
const int p = 1000000007; int n, fa[_], cnt[_], idp[_]; inline int findd(int x)
{ return fa[x] == x ? x : fa[x] = findd(fa[x]); } int main() {
#ifndef ONLINE_JUDGE
freopen("in.in", "r", stdin);
#endif
read(n);
for (rg int i = 1; i <= 2 * n; ++i)
fa[i] = i, cnt[i] = 1, idp[i] = 1;
int res = 1;
for (rg int x, y, fx, fy, i = 1; i <= n; ++i) {
read(x), read(y), fx = findd(x), fy = findd(y);
idp[fx] = 0;
if (x == y) continue;
if (fx == fy) res = 2ll * res % p;
cnt[fy] += cnt[fx], fa[fx] = fy;
}
for (rg int i = 1; i <= 2 * n; ++i)
if (idp[i]) res = 1ll * res * cnt[i] % p;
printf("%d\n", res);
return 0;
}

完结撒花 \(qwq\)

05-11 18:01