有一只乌龟,初始在0的位置向右跑。

这只乌龟会依次接到一串指令,指令T表示向后转,指令F表示向前移动一个单位。乌龟不能忽视任何指令。
现在我们要修改其中正好n个指令(一个指令可以被改多次,一次修改定义为把某一个T变成F或把某一个F变成T)。
求这只乌龟在结束的时候离起点的最远距离。(假设乌龟最后的位置为x,我们想要abs(x)最大,输出最大的abs(x))
 
 
 
特判掉$n$过大的情况, 然后由贪心可以知道每个位置最多翻转一次.
设$dp[0/1][i][j][k]$表示第i步翻转j次是否能达位置k且朝向为0/1.
用$bitset$优化转移即可.
#include <iostream>
#include <sstream>
#include <algorithm>
#include <cstdio>
#include <math.h>
#include <set>
#include <map>
#include <queue>
#include <string>
#include <string.h>
#include <bitset>
#define REP(i,a,n) for(int i=a;i<=n;++i)
#define PER(i,a,n) for(int i=n;i>=a;--i)
#define hr putchar(10)
#define pb push_back
#define lc (o<<1)
#define rc (lc|1)
#define mid ((l+r)>>1)
#define ls lc,l,mid
#define rs rc,mid+1,r
#define x first
#define y second
#define io std::ios::sync_with_stdio(false)
#define endl '\n'
#define DB(a) ({REP(__i,1,n) cout<<a[__i]<<' ';hr;})
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef pair<int,int> pii;
const int P = 1e9+7, P2 = 998244353, INF = 0x3f3f3f3f;
ll gcd(ll a,ll b) {return b?gcd(b,a%b):a;}
ll qpow(ll a,ll n) {ll r=1%P;for (a%=P;n;a=a*a%P,n>>=1)if(n&1)r=r*a%P;return r;}
ll inv(ll x){return x<=1?1:inv(P%x)*(P-P/x)%P;}
inline int rd() {int x=0;char p=getchar();while(p<'0'||p>'9')p=getchar();while(p>='0'&&p<='9')x=x*10+p-'0',p=getchar();return x;}
//head const int N = 110;
int n, m;
char s[N];
bitset<2*N+10> f[2][N][55]; int main() {
scanf("%s%d", s+1, &n);
m = strlen(s+1);
int cnt = 0;
REP(i,1,m) cnt += s[i]=='T';
if (n>=cnt) return printf("%d\n",m-(n>cnt)),0;
f[0][0][0].set(N);
REP(i,1,m) REP(j,0,n) {
if (s[i]=='F') {
f[0][i][j] |= f[0][i-1][j]<<1;
f[1][i][j] |= f[1][i-1][j]>>1;
if (j) {
f[0][i][j] |= f[1][i-1][j-1];
f[1][i][j] |= f[0][i-1][j-1];
}
}
else {
f[0][i][j] |= f[1][i-1][j];
f[1][i][j] |= f[0][i-1][j];
if (j) {
f[0][i][j] |= f[0][i-1][j-1]<<1;
f[1][i][j] |= f[1][i-1][j-1]>>1;
}
}
}
int ans = 0;
REP(i,-m,m) if (f[0][m][n][i+N]||f[1][m][n][i+N]) ans = max(ans, abs(i));
printf("%d\n", ans);
}
05-26 21:40