题目背景
话说上回……还是参见 https://www.luogu.org/problem/show?pid=1373 吧
小a和uim再次来到雨林中探险。突然一阵南风吹来，一片乌云从南部天边急涌过来，还伴着一道道闪电，一阵阵雷声。刹那间，狂风大作，乌云布满了天空，紧接着豆大的雨点从天空中打落下来，只见前方出现了一个牛头马面的怪物，低沉着声音说：“呵呵，既然你们来到这，两个都别活了！”。小a和他的小伙伴再次惊呆了！
题目描述
瞬间，地面上出现了一个H行W列的巨幅矩阵，矩阵的每个格子上要么是空地‘.’或者障碍'#'。
他们起点在(1,1)，要逃往(H,W)的出口。他们可以一次向上下左右移动一格，这个算一步操作。不过他们还保留着上次冒险时收集的魔液，一口气喝掉后可以瞬移到相对自己位置的(D,R)向量；也就是说，原来的位置是(x,y)，然后新的位置是(x+D,y+R)，这个也算一步操作，不过他们仅能至多进行一次这种操作（当然可以不喝魔液）。
这个地方是个是非之地。所以他们希望知道最小能有几步操作可以离开这个鬼地方。不过他们可能逃不出这个鬼地方，遇到这种情况，只能等死，别无他法。
输入输出格式
输入格式：
第一行个整数，H W D R，意义在描述已经说明。
接下来H行，每行长度是W，仅有'.'或者'#'的字符串。
输出格式：
请输出一个整数表示最小的逃出操作次数。如果他们逃不出来，就输出-1。
思路：
其实这道题没有你想象的那么可怕
我们只要广搜即可
我们用一个队列来存走过的长度，目前的位置，还有是否使用过传送
从（1，1）处开始，如果联通，就走
同时，判断此时用不用传送
能传送就传送
如果一个位置以前没走过，就可以走
如果以前是传送过来的，现在不是，也可以走（防止提前传送导致无解）
当然，到达目的地后跳出即可
代码：
#include<iostream>
#include<cstdio>
#define rii register int i
#define rij register int j
#define inf 1<<29
using namespace std;
int cd,bj[][],ans,n,m,wz[][],sd,d,r;
struct dl{
int sd,x,y,sy;
}z[];
int main()
{
scanf("%d%d%d%d\n",&n,&m,&d,&r);
for(rii=;i<=n;i++)
{
for(rij=;j<=m;j++)
{
char ltt;
scanf("%c ",<t);
if(ltt=='.')
{
wz[i][j]=;
}
else
{
wz[i][j]=;
}
}
}
for(rii=;i<=n;i++)
{
for(rij=;j<=m;j++)
{
bj[i][j]=inf;
}
}
for(rii=;i<=m+;i++)
{
wz[][i]=;
wz[n+][i]=;
}
for(rii=;i<=n+;i++)
{
wz[i][]=;
wz[i][m+]=;
}
cd=;
z[].x=;
z[].y=;
z[].sd=;
z[].sy=;
bj[][]=;
for(rii=;i<=cd;i++)
{
int ltt=z[i].x;
int kkk=z[i].y;
if(ltt==n&&kkk==m)
{
cout<<z[i].sd;
break;
}
if(wz[ltt-][kkk]!=)
{
if(bj[ltt-][kkk]==inf)
{
cd++;
z[cd].x=ltt-;
z[cd].y=kkk;
z[cd].sy=z[i].sy;
z[cd].sd=z[i].sd+;
bj[ltt-][kkk]=z[i].sy;
}
else
{
if(bj[ltt-][kkk]<z[i].sy)
{
cd++;
z[cd].x=ltt-;
z[cd].y=kkk;
z[cd].sy=z[i].sy;
z[cd].sd=z[i].sd+;
bj[ltt-][kkk]=z[i].sy;
}
}
}
if(wz[ltt+][kkk]!=)
{
if(bj[ltt+][kkk]==inf)
{
cd++;
z[cd].x=ltt+;
z[cd].y=kkk;
z[cd].sd=z[i].sd+;
z[cd].sy=z[i].sy;
bj[ltt+][kkk]=z[i].sy;
}
else
{
if(bj[ltt+][kkk]<z[i].sy)
{
cd++;
z[cd].x=ltt+;
z[cd].y=kkk;
z[cd].sd=z[i].sd+;
z[cd].sy=z[i].sy;
bj[ltt+][kkk]=z[i].sy;
}
}
}
if(wz[ltt][kkk-]!=)
{
if(bj[ltt][kkk-]==inf)
{
cd++;
z[cd].x=ltt;
z[cd].y=kkk-;
z[cd].sd=z[i].sd+;
bj[ltt][kkk-]=z[i].sy;
z[cd].sy=z[i].sy;
}
else
{
if(bj[ltt][kkk-]<z[i].sy)
{
cd++;
z[cd].x=ltt;
z[cd].y=kkk-;
z[cd].sd=z[i].sd+;
bj[ltt][kkk-]=z[i].sy;
z[cd].sy=z[i].sy;
}
}
}
if(wz[ltt][kkk+]!=)
{
if(bj[ltt][kkk+]==inf)
{
cd++;
z[cd].x=ltt;
z[cd].y=kkk+;
z[cd].sd=z[i].sd+;
z[cd].sy=z[i].sy;
bj[ltt][kkk+]=z[i].sy;
}
else
{
if(bj[ltt][kkk+]<z[i].sy)
{
cd++;
z[cd].x=ltt;
z[cd].y=kkk+;
z[cd].sy=z[i].sy;
z[cd].sd=z[i].sd+;
bj[ltt][kkk+]=z[i].sy;
}
}
}
if(wz[ltt+d][kkk+r]!=&<t+d<=n&<t+d>=&&kkk+r<=m&&kkk+r>=&&z[i].sy==)
{
z[i].sy--;
if(bj[ltt+d][kkk+r]==inf)
{
cd++;
z[cd].x=ltt+d;
z[cd].y=kkk+r;
z[cd].sd=z[i].sd+;
z[cd].sy=z[i].sy;
bj[ltt+d][kkk+r]=z[i].sy;
}
}
if(i==cd)
{
cout<<"-1";
}
}
}