题意:
给出n个石子,一共m种颜色.问最少去掉几个石子使得同种颜色全连续.
思路见注释.
#include <algorithm>
#include <cstdio>
#include <cstring>
using namespace std; const int kMAX=105; /// dp[x][y][z]，x指的是[到达第x个石子，包含(意思是参与讨论,并不是说一定留下)第x个石子]的情况下，颜色组合为y（每种颜色占一位），
/// 最后一颗石子的颜色为z的最多剩余石子数，因为[第x颗石子去留不一定]，所以z不一定等于x的颜色
int dp[kMAX][1<<6][6]; int main()
{
int n,m,tmp; while(scanf("%d%d",&n,&m)==2 && (n+m))
{
memset(dp,0,sizeof(dp));
int len=(1<<m);//状态的总数
for(int i=1;i<=n;++i)//一颗一颗拿石子
{///拿起一颗石子,要进行两重循环:遍历所有的颜色组合->遍历所有的结尾种类
///i是递增的,而后两维则根据选择的情况来确定
scanf("%d",&tmp);
--tmp;//编号修正,可直接对应位置
for(int j=0;j<len;++j)
{
for(int k=0;k<m;++k)///对于每种颜色k结尾的情况
{
if(!(j&(1<<tmp))) /// 如果第i颗石子的颜色[不存在于当前研究的状态j中]
{
dp[i][ j|(1<<tmp) ][tmp] = max(dp[i][ j|(1<<tmp) ][tmp], dp[i-1][j][k]+1);///使用这颗石子
///使用这颗石子时,所对应的dp下标随之转移.x坐标跳转到更靠下的位置(也就是第二维)
///当只改变k时,上式左边对应的位置是不变的.对于不同的k,选择出一种方案使得左值最大(max使得其达到最大时可以保持住) /**昨天的数位dp预处理(HDU3555Bomb)都是确定的转移关系,而对于"选择最佳方案"类的dp问题,一般是取最值的(如背包)**/ ///两重循环,只是保证了每种情况都会check一遍,并不是说在当前循环中就一定填哪个位置.
///从这个层面上说,体现了Dynamic.这也解释了为什么需要取max:因为这个位置可能之前已经填过了,
///也就是通过之前的某种路线已经到达过这个状态,取max就是动态的选取最优的路线.数值已经刻画了选择的历史. dp[i][j][k] = max(dp[i][j][k], dp[i-1][j][k]);///不用这颗石子
/// 不用这颗石子时,因为一样是讨论到了i,所以同样要更新 ///总的来说,每次更新都不能直接覆盖原来的值,而要去max,以免覆盖了之前已经达到的可行的方案.而且总不会出错.
}
else /// 如果第i颗石子的颜色[存在于当前研究的状态j中]
{
if(k == tmp)
dp[i][j][k] = max(dp[i][j][k], dp[i-1][j][k]+1);
/// 如果第i颗石子的颜色和在i前面剩余石子中的最后一颗石子颜色一样，则i必定留下来
else
dp[i][j][k] = max(dp[i][j][k], dp[i-1][j][k]); /// 否则就不留
}
}
}
}
int ans=0;
for(int k=0;k<m;++k)
for(int j=0;j<len;++j)
ans=max(ans,dp[n][j][k]);
printf("%d\n",n-ans);
} return 0;
}
自己敲一遍~
#include <cstdio>
#include <cstring>
using namespace std;
int max(int a, int b)
{
int diff = b - a;
return b - (diff & (diff >> 31));
}
const int MAXN = 105;
int dp[MAXN][1<<6][6];
/** 324K 0MS
dp[i][j][k]:
dealing with the i-th stone
with status j
end up with color k;
**/
int main()
{
int n,m;
while(scanf("%d %d",&n,&m)==2 && (n+m))
{
memset(dp,0,sizeof(dp));
int tmp;
int len = 1<<m;
for(int i=1;i<=n;i++)
{
scanf("%d",&tmp);
tmp--;
for(int j=0;j<len;j++)
{
for(int k=0;k<m;k++)
{
if(!(j & (1<<tmp)))
{
dp[i][j|(1<<tmp)][tmp] = max(dp[i][j|(1<<tmp)][tmp],dp[i-1][j][k]+1);
dp[i][j][k] = max(dp[i][j][k],dp[i-1][j][k]);
}
else
{
if(k==tmp)
dp[i][j][tmp] = max(dp[i][j][tmp],dp[i-1][j][tmp]+1);
else
dp[i][j][k] = max(dp[i][j][k],dp[i-1][j][k]);
}
}
}
}
int ans = 0;
for(int j=0;j<len;j++)
for(int k=0;k<len;k++)
ans = max(ans,dp[n][j][k]);
printf("%d\n",n - ans);
}
}